4.如图厮示的内虚线剑分别表示、两颗人造地球卫星的运行幼道，下列说法止确的是
2023一2024学年海南省高考全真模拟卷（四）
A.卫军m的环绕同期大于卫星6的环绕此期
B.Ⅱ星？的环绕速度大小大于卫是b的环绕速度人小
物理
G.甲星：的向心加速度大小小于卫是b的向心加速度大小
0
D.卫军：的机拔能一定小于卫型6的机饿能
5.如图所示，出两根完全相同的导线制作的单亚正方形和圆形闭合线网周定在与线物平而重直的爸
1.本滋卷背分10分，别试时可90登于，去8，
场，当感场的磁感应强度随时间均匀变北时，正方形线图与回形线图中产生的感成电洗大小之
2.查花的：必德第、二、三期全湖，总泽性必资莞-无第-章，汽择性必修第二册金册
比为
A.T
B号
、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符
合题目要求的。
C.a
D.
1.亥地霜签线图是一对平行的厕形线网，且两线树的跑向，匝数和形状大小都完全相同。当两线图
6.如图所示，理想变器为片洲变压益，原线图接交流电源的两端，理想电正表了，的读数恒为，
中谁过合造方向的恒定电流时，丙线烟之间就会形成匀强签场。下列与直流电源连接的回种方式
线器滋H值为凡的定值电组和滑动变阻器R。湖节自耦变卡器以改洲动变肛器的滑片，当抑总电
中，在两线图之间产平的磁场方向指示正麻的是
压表V:的读数为6，时，电源的输入功率为P,则沿动变阳器R消耗的功率为
瓣游并特
1-
C.P-
PR
(+)2
PR
2.闭合同骆中的变变电流在一个同期内的-（图像1网所示其中阅线的贴段和段均为正弦业
D.P1-
线的回分之一，圳该交变电流的有效值为
7,如图所示的电路中，L和L是两个完全村同的小灯泡，白感线恻工的白流电阻为零，日白感系数很
大。闭合开关5背电路积定后断开开关。下列说法正确的是
A.闭合开关s的暖间，灯泡L,不发光
B.闭合开关5的擗间，灯泡L比灯泡L,亮
图3如所示间距为L刷两平行金屈导抗d水平放骨，b,d两端酒过导线连接一对值为R的定值
(断开开关5的擗间，灯泡L,先闪完，后逐渐变暗
).开开关8的彬间，灯泡L,不会立即想灭
电阻。电阻为2R长为1.的企属楼垂立轨放世，整个裂置处在磁感应近度大小为B、方向乖
8.如图所示的自路中，电源电动势E和内阻r恒定不变，R,为定值电阻：闭合开关3后，帝动变阳翠
直于导劲平血向下慰汤中，金西导纥及导线的电阻均葱咯不计，当企同棒在外力作用下以
的滑片从右端注渐向左端滑动的过程中，下列说法止确的足
0
速度书匀速运动时〔金屈帐与导轨始终乖百丘接触良好，b,4两端的电压为
A.路瑞电区保持不变
A.BIa:
B.BLz
x”5
B,电源的效病逐渐降低
C}B队
.号
C,电源的翰出功病定逐渐鸡入
D.滑动变阻恭的功常一定光增大后成小
高号全真模拟卷·拟埋()第1页（共8页】
高考企真漠拟卷·物埋（叫）第2页{共8灯)2023一2024学年海南省高考全真模拟卷（四）
物理·答案
1.A
2.B
3.C
4.B
5.C
又F=B
(1分)
6.D
7.C
8.B
9.BD
10.BD
11.BC12.AB
13.BC
联立解得R=92
(2分)
14.(1)①小于(1分)50.0(2分)
(2)若把电源更换为电动势为4V、内阻为12
②弹簧的形变程度超过了弹簧的弹性限度
的电源，开关闭合S的瞬间，金属棒所受的安
(1分)
培力大小经=B,>F
(1分)
(2)①红表笔(1分)
②3.5(2分)B(1分)
根据牛顿第二定律有Fcos0-ngsin0-
③8.2(2分)
u(mgcos0+F安sin0)=ma
(2分)
15.(1)C(2分)
解得a=7m/s2
(2分)
(2)如图所示(2分)
17.(1)以小滑块为研究对象，在传送带上匀加
速运动的过程，由牛顿第二定律可得
umgcos 0-mgsin 0=ma
(1分)
解得a=2.5m/s2
(1分)
小滑块匀加速运动的时间
(1分)
咖
小滑块匀加速运动的位移
(3)B(2分)
(4)6(2分)82(8.1-8.4均可，2分)
-1.25m
(1分)
16.(1)金属棒恰好不向上滑动，所受的摩擦力
则小滑块匀速运动的时间
方向沿导轨向下，对金属棒受力分析如图所
t2=
L-x1=1s
(1分)
示，由平衡条件可知ngsin0+u(mgcos0+
故小滑块在传送带上的运动时间
F sin0)-F紫cos0=0
(2分)
1=11+12=4s
(1分)
(2)小滑块到达B点后做抛体运动，将小滑
x下
块在B点的初速度沿水平方向和竖直方向
Ynig
进行分解，可得
U,vCOS 0=
153
由几何知识结合类平抛运动可得
4
m/s
(1分)
r +rsin 45 =vot
(1分)
15
U,=vsin 0=
m/s
4
(1分)
解得1=(2+2)L
由抛体运动的对称性可知，小滑块在空中的
1
(1分)
运动时间为t,=
2w=0.758
又x0=2%in45,
(1分)
正电荷从第一次经过y轴到运动至Q点的
小滑块在平台上的落点距B点的距离
过程中，根据动能定理有
453
x=秒t3=
m
(1分)
16
-gEx,-26-2m
1
(2分)
18.(1)根据题意，作出正电荷的部分运动轨迹
如图所示，设正电荷在磁场中运动的轨道半
解得E=
(2-√2)Bt
(1分)
2
径为r,由图可得rcos45°=L
(1分)
(3)正电荷在磁场中的运动的周期为
T=2am
(1分)
Bq
由几何关系可知，正电荷第一次在磁场中运
动的时间
5
5√2πL
1=
4Bq
(2分)
4vo
解得r=√2L
正电荷在电场中运动的时间
正电荷在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供
3=21=22+42
(1分)
向心力，有9B=m月
(1分)
正电荷第二次在磁场中的运动轨迹与第一
解得正电荷的比荷4=”】
(1分)
次在磁场中运动的轨迹对称，则正电荷第二
m
次在磁场中的运动时间t3=1
(1分)
(2)设正电荷第一次经过y轴的位置到0点
所以正电荷从P点出发到第一次回到P点
的距离为y,到达Q点时的速度大小为“o,
的时间
结合类平抛运动规律，有vo=ocos45
(1分)
6=4,+6+6=55m45+8L(2分)
2vo
设正电荷进人电场后经过时间t运动到Q
注：其他解法正确也可给分
点，则0Q=x0
2
