广东省广州市黄埔区2023-2024学年九年级（上）期末物理试卷
一、选择题(每小题3分，共30分.每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意
1．（2023九上·黄埔期末）不同物质的原子核对电子束缚能力的强弱如表所示。如图，将一根与纸巾摩擦过的塑料吸管悬挂在绝缘细线上，把某个带电体靠近塑料吸管，发现塑料吸管远离带电体.结合以上信息，下列说法正确的是
A．塑料吸管一定带负电 B．塑料吸管一定带正电
C．纸巾和塑料吸管带同种电荷 D．带电体与塑料吸管带异种电荷
2．（2023九上·黄埔期末）如图所示是某型号手电筒风扇。只闭合照明开关时，照明灯亮起；只闭合风扇开关时，风扇单独工作。若用S表示照明开关， S表示风扇开关，能实现上述功能的电路图是
A． B．
C． D．
3．（2023九上·黄埔期末）图是手电筒风扇工作时的能量流向示意图，电池充电时，将能量以化学能的形式储存，工作时给电动机和照明灯供电。对下图方框中能量形式判断正确的是
A．甲是“内能” B．乙是“电能”
C．丙是“光能” D．丁是“机械能”
4．（2023九上·黄埔期末）下列有关分子动理论的说法不正确的是
A．走进蛋糕店闻到香味，这是扩散现象
B．固体很难被压缩或拉伸，表明固体分子间只存在斥力
C．压紧的铅块能结合在一起，表明分子间有引力
D．墨水在热水中扩散的快，表明温度越高，分子运动越剧烈
5．（2023九上·黄埔期末） 镓是灰蓝色或银白色的金属，元素符号 Ga， 它的熔点是29.7℃，沸点是2403℃。如图所示，一块金属镓放在手心，温度由20℃升高到29.7℃并保持一段时间后升温至36℃。在此过程中下列说法中正确是
A．镓的分子动能保持不变
B．镓的内能先增大后不变再增大
C．镓吸收热量，内能不断增大
D．镓从手吸热的原因是手的内能大于家的内能
6．（2023九上·黄埔期末）用相同的加热装置持续给a、b两种固体加热，两固体相同时间内吸收热量相同，且质量ma>mb。测得它们的温度随时间变化的图像如图所示。下列说法正确的是
A．0-t1时间内， a吸热比b多
B．0-t1时间内， a吸热比b少
C．a、 b为固态时，a的比热容比b小
D．由于质量不相等，故无法比较 a、b的比热容关系
7．（2023九上·黄埔期末）如图所示， 迅速下压活塞过程中，硝化棉着火。下列汽油机的冲程中，能量转化与该过程相同的是
A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
8．（2023九上·黄埔期末） 如图甲所示，物体在恒为10N 的水平拉力作用下经过 A、B 、C三个粗糙程度不同的区域，且三个区域的距离均为3m， 物体的速度随时间变化的图像如图乙所示。下列说法正确的是( )
A．拉力在B区不做功
B．拉力在C区所做的功为20J
C．拉力在A区做功的功率为30W
D．拉力在A、C 区做功的功率相同
9．（2023九上·黄埔期末）如图所示，小球从M点由静止沿粗糙轨道开始运动，到达P点时离开轨道，球在空中上升至最高点N后开始下落，经过Q点。O、P处在同一水平高度。下列说法正确的是
A．O、P两点的动能相同
B．小球到达的最高点N与M点高度相同
C．小球从M到O的过程，重力势能转化为内能和动能
D．从P到Q的过程，小球的重力势能转化为动能，再由动能转化为重力势能
10．（2023九上·黄埔期末）如图所示，电源电压恒为3V，定值电阻R：的阻值为20。闭合开关后，电流表示数为0.1A，调节滑动变阻器R2的滑片，使电压表示数为0.5V。下列说法正确的是
A 调节滑片前， R1两端电压为2.5V
A．调节滑片前，流经R1的电流为0.125A
B．调节滑片后， R2接入电路的阻值为5Ω
C．调节滑片后，R1两端电压为2.5V
二、非选择题(共8题，共60分.按题目要求作答
11．（2023九上·黄埔期末）（1）图中力F1水平拉动重为 G的物体A在水平路面匀速移动了s. 改用滑轮组拉动A在同一路面匀速移动了 s， 拉力为F2(如图11).此过程滑轮组所做的有用功W1= .总功W2= (均用题目中的物理量符号表示)
（2）改用平行于斜面的拉力F3拉动(1)题中的物体A，使其从斜面底端匀速拉至顶端。物体A移动距离为s， 上升高度为 h， 如图所示。此过程利用斜面所做的有用功W3= (用题目中的物理量符号表示)，图显示的是该斜面的参数，由图可知该斜面的机械效率为 。
12．（2023九上·黄埔期末）（1）图甲所示的电路，灯泡Li和灯泡L2的连接方式是 (选填“串联”或“并联”)，电流表是测通过 (选填“L1”、“L2”或“干路”)的电流，电流表读数如图乙所示，读数为 A：请在丙图虚线框内画出图甲对应的电路图 。
（2）如图甲所示电路，电源电压为6V.当s闭合时，电压表的读数如图乙所示，则L1两端的电压为 V，L2两端的电压为 V。
13．（2023九上·黄埔期末）如图所示，一根忽略重力的硬杆 CD，O 为杠杆的支点，在B处挂一小球，重为10N，CB=BO=OA=AD.要求对杠杆施加一个竖直向下且最小的力F1使它在水平位置平衡。
（1）在图中画出F1的示意图和对应的力臂L1 ；
（2）F1的大小为 N。
14．（2023九上·黄埔期末）如图所示是A、B两种燃料完全燃烧释放的热量Q与其质量m的关系图，从图中可看出A燃料的热值 (选填“大于”、“小于”或“等于”)B燃料的热值，若质量 100g的B 燃料完全燃烧释放的热量为4.6×106J，则B燃料的热值是 J/kg。
15．（2023九上·黄埔期末）小明按图示电路图正确连接电路。闭合开关S，灯泡L1发光， 灯泡 L2不亮， 电压表V 和V1正常工作且示数相同。小明认为出现上述现象的原因只可能是灯泡 L2被短路。
该说法是否正确 ；若正确，写出理由；若不正确，分析出现该现象的原因并写出分析过程 。
16．（2023九上·黄埔期末）某个小灯泡标有“2.5V”字样的铭牌信息，小明为了测量该小灯泡的额定电功率，利用如图甲所示电路进行实验。
（1）请你根据甲图完成乙图的电路连接 ；
（2）小明经过正确操作，得到了小灯泡的电流随电压变化的图像如图丙所示。求小明通过实验测得的小灯泡的额定电功率；
（3）已知导线a的阻值为0.001 ， 当电流表示数为0.2A时
①求导线a两端的电压；
② 求导线a通电 1000s所产生的热量。
17．（2023九上·黄埔期末）小华用如图所示的装置比较不同物质的吸热情况，图中两个烧瓶内分别盛有质量为0.1kg，初温相同的甲、乙两种液体。当开关闭合后，相同时间内电流通过电阻丝产生的热量相同，且全部被液体吸收。每隔 1min 记录一次它们的温度，测得数据如表，请回答下列问题：
时间/min 0 1 2 3 4 5
甲的温度/℃ 20 24 28 32 36 40
乙的温度/℃ 20 22 24 26 28 30
（1）根据以上信息，可判断电阻丝的阻值R1 R2(选填“>”、“=”或“<”)，你的判断依据是 。
（2）依据表中的数据，利用公式 ，可推出两种液体的比热容c甲 c乙(选填“>”、“=”或“<”)；
（3）若甲液体的比热容为2.1×103J/(kg℃)， 求0~5min 甲液体吸收的热量。
18．（2023九上·黄埔期末）如图所示，水平桌面上固定有一位于竖直平面内的弧形轨道，将小球从轨道的A点由静止释放，小球沿轨道下滑到轨道末端B点时沿水平方向抛出，最终落到水平地面上的C 点，标记C点位置， 测出B点到C点的水平距离为s。(忽略空气阻力和轨道摩擦)
小明猜想：小球的重力越大，抛出点到落地点的水平距离s越远。请帮小明完善实验方案并进行验证。
（1）除图中所示的器材外，小明还找到了刻度尺以及甲、乙、丙三个小球，它们的质量大小关系为m甲=m乙>m丙，体积大小关系为V甲>V乙=V丙，则小明应选 两个小球进行实验；
（2）写出实验步骤 (可用画图或文字表述)：
（3）结论：若 ，则小明的猜想正确；否则猜想错误。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律
【解析】【解答】 由图表可知纸巾的俘获电子能力弱，硬塑料的俘获电子能力强，纸巾摩擦过的塑料吸管带负电，某个带电体靠近塑料吸管，发现塑料吸管远离带电体，同种电荷相互排斥，带电体带负电，故A正确、BCD错误。
故选：A。
【分析】摩擦起电的实质是电子在物体之间的转移；摩擦起电时，失去电子的带正电，得到电子的带负电；
2．【答案】D
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题意可知，只闭合照明开关时，照明灯亮起；只闭合风扇开关时，风扇单独工作，这说明电动机、照明灯工作时互不影响，是并联的；S1与照明灯在一条支路中，S2与电动机在一条支路中，故D正确。
故选：D。
【分析】 根据题意分析三个开关的连接方式、电动机与L的连接方式，然后选出正确的电路图。
3．【答案】B
【知识点】能量的转化或转移；能量守恒
【解析】【解答】电池充电时，是将电能转化为化学能，电池分别给电动机和照明灯供电时，是将储存的化学能转化为电能，然后将电能分别转化为机械能和光能。故选项B正确，ACD错误。
故选：B。
【分析】在能量的转化过程中，是由减少的能量向增多的能量转化。据此结合图示分析解答。
4．【答案】B
【知识点】分子间相互作用力；分子动理论基本观点
【解析】【解答】A、走进蛋糕店闻到香味，是香味分子运动到空气中，这是扩散现象，故A项说法正确。
B、固体很难被压缩，说明分子之间存在斥力，固体也很难被拉伸，说明分子之间有引力，且引力和斥力同时存在，故B项说法不正确。
C、压紧的铅块能结合在一起，是两块铅块的分子之间引力作用的结果，说明分子之间存在引力，故C项说法正确。
D、墨水滴在水中是扩散现象，扩散表明分子不停地做无规则运动，墨水在热水中扩散得快，说明温度越高，分子无规则运动越剧烈，故D项说法正确。
故选：B。
【分析】 （1）不同物质组成的物体相互接触时彼此进入对方的现象是扩散；扩散表明分子不停地做无规则运动，温度越高，分子无规则运动越剧烈。
（2）分子间同时存在斥力和引力。
5．【答案】C
【知识点】热传递改变物体内能
【解析】【解答】A、金属镓温度由20℃升高到29.7℃并保持一段时间后升温至36℃，吸收了热量，分子无规则运动加快，分子的动能增加，故A错误；
BC、该金属属于晶体，熔化过程中温度保持不变，内能不断增大，故B错误，C正确；
D、镓从手吸热的原因是手的温度大于镓的温度，发生热传递，故D错误；
故选：C。
【分析】 （1）晶体在熔化过程中，温度保持不变，但吸热，内能增大，体积增大，分子势能增大；
（2）发生热传递的条件是存在温度差。
6．【答案】C
【知识点】比热容
【解析】【解答】用相同的加热装置对a、b两种物质加热时，吸收热量的多少是通过加热时间来比较的；
AB、加热相同的时间（即吸收的热量相同），故AB错误；
CD、a、b为固态时，吸收相同的热量，a升高的温度高，且质量ma＞mb，故a的比热容比b小，故C正确，故D错误。
故选：C。
【分析】 比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
7．【答案】B
【知识点】热机；热机的四个冲程
【解析】【解答】 快速压下活塞，此过程中压缩筒内空气做功，使筒内气体的内能增加；在该实验中，活塞的机械能转化为筒内空气的内能，通过做功的方式改变物体的内能；与汽油机的压缩冲程的能量转化相同。
A、进气门打开，活塞向下运动，气缸容积增大，是吸气冲程，故A错误；
B、两气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程，故B正确；
C、两气门都关闭，火花塞喷出电火花，活塞向下运行，是做功冲程，故C错误；
D、排气门打开，活塞向上运行，气缸容积减小，是排气冲程，故D错误。
故选：B。
【分析】改变内能的方法有：做功和热传递；当对物体做功，物体的内能将增大，温度升高；内燃机有四个冲程，在压缩冲程中，活塞压缩空气做功，将机械能转化为内能。
8．【答案】D
【知识点】功率的计算；功的计算及应用
9．【答案】C
【知识点】动能和势能的大小变化；动能与势能的应用
【解析】【解答】 A、由于小球以某速度从M点沿粗糙轨道开始运动，在轨道上运动过程中要克服摩擦阻力做功，有部分机机能转化为内能，因此球到达P点的机械能一定小于在O点的机械能，O、P处在同一水平高度，球的重力势能相等，则球在P点的动能一定小于在O点动能，故A错误；
B、小球从M点由静止沿粗糙轨道开始运动，球在M点只有重力势能，球在轨道上运动过程中要克服摩擦阻力做功，有部分机机能转化为内能，球在最高点N的机械能一定小于在M点的机械能，在N点具有动能恶和重力势能，所以在N点的高度一定小于M点的高度，故B错误；
C、小球从M到O的过程，高度减小，速度增大，同时克服摩擦做功，减少的重力势能转化为动能和内能，故C正确；
D、从P到Q的过程，小球先升高再降低，动能转化为重力势能，再重力势能转化为动能，故D错误。
故选：C。
【分析】机械能包括动能与重力势能；它们之间能相互转化，如果没有摩擦等阻力，机械能的总量保持不变，有摩擦阻力时，机械能的总量减小。
10．【答案】C
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】 由图可知，开关闭合后，定值电阻R1与变阻器R2串联，电压表测量变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流。
AB、闭合开关后，电流表示数为0.1A，调节滑片前，根据串联电路电流规律可知，通过R1的电流等于电流表的示数为I1=I=0.1A，故B错误；
根据欧姆定律可得，R1两端的电压：U1=I1R1=0.1A×20Ω=2V，故A错误；
CD、闭合开关，调节滑片后，电压表示数为U'2=0.5V，
根据串联电路电压规律可得，定值电阻R1两端的电压：U'1=U-U'2=3V-0.5V=2.5V，故D正确；
根据欧姆定律可得，通过R1的电流：，
根据串联电路电流规律可得，通过R2的电流：I'2=I'1=0.125A，
R2的接入电阻：，故C错误。
故选：D。
【分析】 由图可知，开关闭合后，定值电阻R1与变阻器R2串联，电压表测量变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流。
（1）闭合开关后，电流表示数为0.1A，调节滑片前，根据串联电路电流规律可知，通过R1的电流等于电流表的示数，根据欧姆定律计算R1两端的电压；
（2）闭合开关，调节滑片后，根据串联电路电压规律计算定值电阻R1两端的电压，根据欧姆定律计算通过R1的电流，再求R2的接入电阻。
11．【答案】（1）F1s；3F2s
（2）Gh；75%
【知识点】功率大小的比较；功率的计算；功
【解析】【解答】 （1）图1中拉力做的功，则使用滑轮组的有用功：W有用=F1s；
由图2知，滑轮组有3股绳子拉着物体，则拉力F2端移动的距离s'=3s，
使用滑轮组做的总功：W总=F2s'=F2×3s=3F2s；
（2）利用斜面时做的有用功：W3=Gh；
由图4可知，W额=20J，W有用=60J，利用斜面做的总功W总=W额+W有用=20J+60J=80J，
斜面的机械效率。
故答案为：（1）F1s；3F2s；（2）Gh；75%。
【分析】（1）图2中，使用滑轮组做的有用功等于直接拉物体的力做的功，即图1中拉力做的功；由图2知，n=3，拉力端移动距离等于物体移动距离的n倍，利用W=Fs计算拉力F2做的总功。
（2）利用斜面时，知道提升物体的重力、斜面高，利用W=Gh求使用斜面时做的有用功；由图4可知有用功、额外功的大小，利用斜面做的总功等于有用功加上额外功，斜面的机械效率等于有用功与总功的比值。
12．【答案】（1）并；L2；0.3；
（2）1.5；4.5
【知识点】根据实物图画电路图；串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】 （1）开关闭合，电流有两条路径，即两灯泡并联，如图甲所示，电流表与L2串联，由此判断电流表测通过灯L2的电流；如图乙所示，电流表选用0～0.6A量程，分度值为0.02A，示数为0.3A；由图甲可知两灯泡并联接入电路，电流表测灯泡L2的电流，据此画出电路图
（2）由电路图可知：电压表所测电压是灯泡L1两端的电压，指针的位置在表盘中央，示数可能是7.5V，也可能是1.5V；而题目中的电源电压为6V，故L1的电压不会大于6V，故电压表示数应为1.5V，即U1=1.5V；根据串联电路的电压规律：U=U1+U2；电源电压U=6V；则灯泡L2两端的电压为：U2=U-U1=6V-1.5V=4.5V；
故答案为：（1）并；L2；0.3；见解答图；（2）1.5；4.5。
【分析】 （1）开关闭合，电流有两条路径，即两灯泡并联；电流表与被测用电器串联；由图乙可知电表选用的量程，然后根据电流表指针位置读数；由图甲可知两灯泡并联接入电路，电流表测灯泡L2的电流，据此画出电路图。
（2）明确电压表所测的电压是哪部分电路两端的电压，再根据串联电路的电压规律，可解答。
13．【答案】（1）
（2）5
【知识点】杠杆的平衡条件；力臂的画法
【解析】【解答】 由图知，O为支点，当将力作用在C和D点时力臂最长，因为需要施加竖直向下且最小的力，所以力的作用点在D点，如图所示；
根据杠杆平衡条件：F1L1=F2L2得：
即F1 OD=G OB
已知G=100N，CB=BO=OA=AD，
则：F1×2OB=10N×OB
解得：F1=5N。
故答案为：（1）见解答；（2）5。
【分析】 掌握杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2，若要使动力做小，则动力臂需最长；
确定出支点，找到最长的力臂，根据杠杆平衡条件得出最小的力。
14．【答案】小于；4.6×107
【知识点】燃料的热值
【解析】【解答】从图中可知，当质量相同的A、B两种燃料完全燃烧时，A放出的热量小于B放出的热量，根据可知，A的热值小于B的热值；
B燃料的热值：。
故答案为：小于；4.6×107。
【分析】 （1）单位质量的某种燃料完全燃烧放出的热量叫这种燃料的热值，当A、B两种燃料的质量相同时，由图可知完全燃烧放出的热量关系，据此比较热值的大小；
（2）根据求出B燃料的热值。
15．【答案】正确；灯泡L1发光，灯泡L2不亮，说明电路是通路，不可能是断路，电压表V和V1正常工作且示数相同，根据串联电压规律知，灯泡L2的电压为0，说明灯泡L2被短路。
【知识点】电路故障的判断；电路的动态分析
【解析】【解答】 电路是两个灯泡串联，电压V1测量L1的电压，电压表V测量电源电压，根据灯泡L1发光，灯泡L2不亮，说明电路是通路，不可能是断路，电压表V和V1正常工作且示数相同，根据串联电压规律知，灯泡L2的电压为0，说明灯泡L2被短路，故说法正确。
故答案为：正确；灯泡L1发光，灯泡L2不亮，说明电路是通路，不可能是断路，电压表V和V1正常工作且示数相同，根据串联电压规律知，灯泡L2的电压为0，说明灯泡L2被短路。
【分析】电路是两个灯泡串联，电压V1测量L1的电压，电压表V测量电源电压，根据灯泡L1发光，判断故障类型，根据电压表示数分析故障位置。
16．【答案】（1）
（2）0.75W
（3）①导线a两端的电压为0.0002V；
②导线a通电1000s所产生的热量为0.04J。
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】 （1）根据图甲电路图可知，滑动变阻器的左下接线柱和右上接线柱接入电路，由于小灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表所接的量程为0～3V，即电压表的中间接线柱接入电路，实物图如图所示：
（2）由图丙可知，当小灯泡两端的电压为2.5V时，通过小灯泡的电流IL=0.3A，
则小灯泡的额定功率：PL=ULIL=2.5V×0.3A=0.75W；
（3）①由可知，导线a两端的电压：Ua=IRa=0.2A×0.001Ω=0.0002V；
②导线a通电1000s所产生的热量：Qa=I2Rat=（0.2A）2×0.001Ω×1000s=0.04J。
答：（1）图见解答；
（2）小明通过实验测得的小灯泡的额定电功率为0.75W；
（3）①导线a两端的电压为0.0002V；
②导线a通电1000s所产生的热量为0.04J。
【分析】（1）根据电路图可知，滑动变阻器应该右上接线柱接入电路，根据小灯泡的额定电压可知电压表的量程，据此完成实物图；
（2）由图丙可知，当小灯泡两端的电压为2.5V时，通过小灯泡的电流，根据P=UI求出小灯泡的额定功率；
（3）①根据欧姆定律求出导线a两端的电压；
②根据焦耳定律Q=I2Rt求出导线a通电1000s所产生的热量。
17．【答案】（1）=；相同时间内电流通过电阻丝产生的热量相同，因通过两电阻的电流和通电时间相同，根据Q=I2Rt可知两电阻相同
（2）；＜
（3）4.2×103
【知识点】比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】 （1）根据以上信息，可判断电阻丝的阻值Rl=R2；两电阻串联，通过两电阻的电流和通电时间相同，已知通过电阻丝产生的热量相同，根据Q=I2Rt可知两电阻相等；
（2）依据表中的数据，加热相同时间，甲升温大，利用公式，可推出两种液体的比热容c甲＜c乙；
（3）若甲液体的比热容为2.1×103J/（kg ℃），0～5min甲液体吸收的热量：
Q吸=cm（t-t0）=2.1×103J/（kg ℃）×0.1kg×（40℃-20℃）=4.2×103J。
故答案为：（1）=； 相同时间内电流通过电阻丝产生的热量相同，因通过两电阻的电流和通电时间相同，根据Q=I2Rt可知两电阻相同（2）；＜；（3）4.2×103。
【分析】 （1）由两电阻串联的规律可知通过两电阻的电流和通电时间相同，结合已知条件结合Q=I2Rt分析；
（2）依据表中的数据，利用公式分析；
（3）根据Q=cm（t-t0）得出0～5min甲液体吸收的热量。
18．【答案】（1）乙、丙
（2）将乙、丙分别从斜面的相同高度由静止是否，测出抛出点到落地点的水平距离s1、s
（3）s乙＞s丙
【知识点】物理学方法；控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】（1）小明猜想：小球的重力越大，抛出点到落地点的水平距离s越远。因而实验中必须改变质量来改变重力大小，因而要选择质量不同，但体积相同的乙、丙两个小球；
（2）将乙、丙分别从斜面的相同高度由静止释放，测出抛出点到落地点的水平距离s乙、s丙；
（3）若乙球从抛出点到落地点的水平距离较大，即s1＞s2；则小明的猜想正确；否则猜想错误。
故答案为：（1）乙、丙；（2）将乙、丙分别从斜面的相同高度由静止是否，测出抛出点到落地点的水平距离s1、s2；（3）s乙＞s丙。
【分析】 （1）根据控制变量法，探究与质量关系，必须控制其他因素相同；
（2）把不同质量的小球从相同高度关系，到达水平面速度相同，比较距离s大小；
（3）根据实验结论分析距离大小与质量的关系，判断猜想是否正确。
广东省广州市黄埔区2023-2024学年九年级（上）期末物理试卷
一、选择题(每小题3分，共30分.每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意
1．（2023九上·黄埔期末）不同物质的原子核对电子束缚能力的强弱如表所示。如图，将一根与纸巾摩擦过的塑料吸管悬挂在绝缘细线上，把某个带电体靠近塑料吸管，发现塑料吸管远离带电体.结合以上信息，下列说法正确的是
A．塑料吸管一定带负电 B．塑料吸管一定带正电
C．纸巾和塑料吸管带同种电荷 D．带电体与塑料吸管带异种电荷
【答案】A
【知识点】两种电荷；电荷间的相互作用规律
【解析】【解答】 由图表可知纸巾的俘获电子能力弱，硬塑料的俘获电子能力强，纸巾摩擦过的塑料吸管带负电，某个带电体靠近塑料吸管，发现塑料吸管远离带电体，同种电荷相互排斥，带电体带负电，故A正确、BCD错误。
故选：A。
【分析】摩擦起电的实质是电子在物体之间的转移；摩擦起电时，失去电子的带正电，得到电子的带负电；
2．（2023九上·黄埔期末）如图所示是某型号手电筒风扇。只闭合照明开关时，照明灯亮起；只闭合风扇开关时，风扇单独工作。若用S表示照明开关， S表示风扇开关，能实现上述功能的电路图是
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题意可知，只闭合照明开关时，照明灯亮起；只闭合风扇开关时，风扇单独工作，这说明电动机、照明灯工作时互不影响，是并联的；S1与照明灯在一条支路中，S2与电动机在一条支路中，故D正确。
故选：D。
【分析】 根据题意分析三个开关的连接方式、电动机与L的连接方式，然后选出正确的电路图。
3．（2023九上·黄埔期末）图是手电筒风扇工作时的能量流向示意图，电池充电时，将能量以化学能的形式储存，工作时给电动机和照明灯供电。对下图方框中能量形式判断正确的是
A．甲是“内能” B．乙是“电能”
C．丙是“光能” D．丁是“机械能”
【答案】B
【知识点】能量的转化或转移；能量守恒
【解析】【解答】电池充电时，是将电能转化为化学能，电池分别给电动机和照明灯供电时，是将储存的化学能转化为电能，然后将电能分别转化为机械能和光能。故选项B正确，ACD错误。
故选：B。
【分析】在能量的转化过程中，是由减少的能量向增多的能量转化。据此结合图示分析解答。
4．（2023九上·黄埔期末）下列有关分子动理论的说法不正确的是
A．走进蛋糕店闻到香味，这是扩散现象
B．固体很难被压缩或拉伸，表明固体分子间只存在斥力
C．压紧的铅块能结合在一起，表明分子间有引力
D．墨水在热水中扩散的快，表明温度越高，分子运动越剧烈
【答案】B
【知识点】分子间相互作用力；分子动理论基本观点
【解析】【解答】A、走进蛋糕店闻到香味，是香味分子运动到空气中，这是扩散现象，故A项说法正确。
B、固体很难被压缩，说明分子之间存在斥力，固体也很难被拉伸，说明分子之间有引力，且引力和斥力同时存在，故B项说法不正确。
C、压紧的铅块能结合在一起，是两块铅块的分子之间引力作用的结果，说明分子之间存在引力，故C项说法正确。
D、墨水滴在水中是扩散现象，扩散表明分子不停地做无规则运动，墨水在热水中扩散得快，说明温度越高，分子无规则运动越剧烈，故D项说法正确。
故选：B。
【分析】 （1）不同物质组成的物体相互接触时彼此进入对方的现象是扩散；扩散表明分子不停地做无规则运动，温度越高，分子无规则运动越剧烈。
（2）分子间同时存在斥力和引力。
5．（2023九上·黄埔期末） 镓是灰蓝色或银白色的金属，元素符号 Ga， 它的熔点是29.7℃，沸点是2403℃。如图所示，一块金属镓放在手心，温度由20℃升高到29.7℃并保持一段时间后升温至36℃。在此过程中下列说法中正确是
A．镓的分子动能保持不变
B．镓的内能先增大后不变再增大
C．镓吸收热量，内能不断增大
D．镓从手吸热的原因是手的内能大于家的内能
【答案】C
【知识点】热传递改变物体内能
【解析】【解答】A、金属镓温度由20℃升高到29.7℃并保持一段时间后升温至36℃，吸收了热量，分子无规则运动加快，分子的动能增加，故A错误；
BC、该金属属于晶体，熔化过程中温度保持不变，内能不断增大，故B错误，C正确；
D、镓从手吸热的原因是手的温度大于镓的温度，发生热传递，故D错误；
故选：C。
【分析】 （1）晶体在熔化过程中，温度保持不变，但吸热，内能增大，体积增大，分子势能增大；
（2）发生热传递的条件是存在温度差。
6．（2023九上·黄埔期末）用相同的加热装置持续给a、b两种固体加热，两固体相同时间内吸收热量相同，且质量ma>mb。测得它们的温度随时间变化的图像如图所示。下列说法正确的是
A．0-t1时间内， a吸热比b多
B．0-t1时间内， a吸热比b少
C．a、 b为固态时，a的比热容比b小
D．由于质量不相等，故无法比较 a、b的比热容关系
【答案】C
【知识点】比热容
【解析】【解答】用相同的加热装置对a、b两种物质加热时，吸收热量的多少是通过加热时间来比较的；
AB、加热相同的时间（即吸收的热量相同），故AB错误；
CD、a、b为固态时，吸收相同的热量，a升高的温度高，且质量ma＞mb，故a的比热容比b小，故C正确，故D错误。
故选：C。
【分析】 比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
7．（2023九上·黄埔期末）如图所示， 迅速下压活塞过程中，硝化棉着火。下列汽油机的冲程中，能量转化与该过程相同的是
A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
【答案】B
【知识点】热机；热机的四个冲程
【解析】【解答】 快速压下活塞，此过程中压缩筒内空气做功，使筒内气体的内能增加；在该实验中，活塞的机械能转化为筒内空气的内能，通过做功的方式改变物体的内能；与汽油机的压缩冲程的能量转化相同。
A、进气门打开，活塞向下运动，气缸容积增大，是吸气冲程，故A错误；
B、两气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程，故B正确；
C、两气门都关闭，火花塞喷出电火花，活塞向下运行，是做功冲程，故C错误；
D、排气门打开，活塞向上运行，气缸容积减小，是排气冲程，故D错误。
故选：B。
【分析】改变内能的方法有：做功和热传递；当对物体做功，物体的内能将增大，温度升高；内燃机有四个冲程，在压缩冲程中，活塞压缩空气做功，将机械能转化为内能。
8．（2023九上·黄埔期末） 如图甲所示，物体在恒为10N 的水平拉力作用下经过 A、B 、C三个粗糙程度不同的区域，且三个区域的距离均为3m， 物体的速度随时间变化的图像如图乙所示。下列说法正确的是( )
A．拉力在B区不做功
B．拉力在C区所做的功为20J
C．拉力在A区做功的功率为30W
D．拉力在A、C 区做功的功率相同
【答案】D
【知识点】功率的计算；功的计算及应用
9．（2023九上·黄埔期末）如图所示，小球从M点由静止沿粗糙轨道开始运动，到达P点时离开轨道，球在空中上升至最高点N后开始下落，经过Q点。O、P处在同一水平高度。下列说法正确的是
A．O、P两点的动能相同
B．小球到达的最高点N与M点高度相同
C．小球从M到O的过程，重力势能转化为内能和动能
D．从P到Q的过程，小球的重力势能转化为动能，再由动能转化为重力势能
【答案】C
【知识点】动能和势能的大小变化；动能与势能的应用
【解析】【解答】 A、由于小球以某速度从M点沿粗糙轨道开始运动，在轨道上运动过程中要克服摩擦阻力做功，有部分机机能转化为内能，因此球到达P点的机械能一定小于在O点的机械能，O、P处在同一水平高度，球的重力势能相等，则球在P点的动能一定小于在O点动能，故A错误；
B、小球从M点由静止沿粗糙轨道开始运动，球在M点只有重力势能，球在轨道上运动过程中要克服摩擦阻力做功，有部分机机能转化为内能，球在最高点N的机械能一定小于在M点的机械能，在N点具有动能恶和重力势能，所以在N点的高度一定小于M点的高度，故B错误；
C、小球从M到O的过程，高度减小，速度增大，同时克服摩擦做功，减少的重力势能转化为动能和内能，故C正确；
D、从P到Q的过程，小球先升高再降低，动能转化为重力势能，再重力势能转化为动能，故D错误。
故选：C。
【分析】机械能包括动能与重力势能；它们之间能相互转化，如果没有摩擦等阻力，机械能的总量保持不变，有摩擦阻力时，机械能的总量减小。
10．（2023九上·黄埔期末）如图所示，电源电压恒为3V，定值电阻R：的阻值为20。闭合开关后，电流表示数为0.1A，调节滑动变阻器R2的滑片，使电压表示数为0.5V。下列说法正确的是
A 调节滑片前， R1两端电压为2.5V
A．调节滑片前，流经R1的电流为0.125A
B．调节滑片后， R2接入电路的阻值为5Ω
C．调节滑片后，R1两端电压为2.5V
【答案】C
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】 由图可知，开关闭合后，定值电阻R1与变阻器R2串联，电压表测量变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流。
AB、闭合开关后，电流表示数为0.1A，调节滑片前，根据串联电路电流规律可知，通过R1的电流等于电流表的示数为I1=I=0.1A，故B错误；
根据欧姆定律可得，R1两端的电压：U1=I1R1=0.1A×20Ω=2V，故A错误；
CD、闭合开关，调节滑片后，电压表示数为U'2=0.5V，
根据串联电路电压规律可得，定值电阻R1两端的电压：U'1=U-U'2=3V-0.5V=2.5V，故D正确；
根据欧姆定律可得，通过R1的电流：，
根据串联电路电流规律可得，通过R2的电流：I'2=I'1=0.125A，
R2的接入电阻：，故C错误。
故选：D。
【分析】 由图可知，开关闭合后，定值电阻R1与变阻器R2串联，电压表测量变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流。
（1）闭合开关后，电流表示数为0.1A，调节滑片前，根据串联电路电流规律可知，通过R1的电流等于电流表的示数，根据欧姆定律计算R1两端的电压；
（2）闭合开关，调节滑片后，根据串联电路电压规律计算定值电阻R1两端的电压，根据欧姆定律计算通过R1的电流，再求R2的接入电阻。
二、非选择题(共8题，共60分.按题目要求作答
11．（2023九上·黄埔期末）（1）图中力F1水平拉动重为 G的物体A在水平路面匀速移动了s. 改用滑轮组拉动A在同一路面匀速移动了 s， 拉力为F2(如图11).此过程滑轮组所做的有用功W1= .总功W2= (均用题目中的物理量符号表示)
（2）改用平行于斜面的拉力F3拉动(1)题中的物体A，使其从斜面底端匀速拉至顶端。物体A移动距离为s， 上升高度为 h， 如图所示。此过程利用斜面所做的有用功W3= (用题目中的物理量符号表示)，图显示的是该斜面的参数，由图可知该斜面的机械效率为 。
【答案】（1）F1s；3F2s
（2）Gh；75%
【知识点】功率大小的比较；功率的计算；功
【解析】【解答】 （1）图1中拉力做的功，则使用滑轮组的有用功：W有用=F1s；
由图2知，滑轮组有3股绳子拉着物体，则拉力F2端移动的距离s'=3s，
使用滑轮组做的总功：W总=F2s'=F2×3s=3F2s；
（2）利用斜面时做的有用功：W3=Gh；
由图4可知，W额=20J，W有用=60J，利用斜面做的总功W总=W额+W有用=20J+60J=80J，
斜面的机械效率。
故答案为：（1）F1s；3F2s；（2）Gh；75%。
【分析】（1）图2中，使用滑轮组做的有用功等于直接拉物体的力做的功，即图1中拉力做的功；由图2知，n=3，拉力端移动距离等于物体移动距离的n倍，利用W=Fs计算拉力F2做的总功。
（2）利用斜面时，知道提升物体的重力、斜面高，利用W=Gh求使用斜面时做的有用功；由图4可知有用功、额外功的大小，利用斜面做的总功等于有用功加上额外功，斜面的机械效率等于有用功与总功的比值。
12．（2023九上·黄埔期末）（1）图甲所示的电路，灯泡Li和灯泡L2的连接方式是 (选填“串联”或“并联”)，电流表是测通过 (选填“L1”、“L2”或“干路”)的电流，电流表读数如图乙所示，读数为 A：请在丙图虚线框内画出图甲对应的电路图 。
（2）如图甲所示电路，电源电压为6V.当s闭合时，电压表的读数如图乙所示，则L1两端的电压为 V，L2两端的电压为 V。
【答案】（1）并；L2；0.3；
（2）1.5；4.5
【知识点】根据实物图画电路图；串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】 （1）开关闭合，电流有两条路径，即两灯泡并联，如图甲所示，电流表与L2串联，由此判断电流表测通过灯L2的电流；如图乙所示，电流表选用0～0.6A量程，分度值为0.02A，示数为0.3A；由图甲可知两灯泡并联接入电路，电流表测灯泡L2的电流，据此画出电路图
（2）由电路图可知：电压表所测电压是灯泡L1两端的电压，指针的位置在表盘中央，示数可能是7.5V，也可能是1.5V；而题目中的电源电压为6V，故L1的电压不会大于6V，故电压表示数应为1.5V，即U1=1.5V；根据串联电路的电压规律：U=U1+U2；电源电压U=6V；则灯泡L2两端的电压为：U2=U-U1=6V-1.5V=4.5V；
故答案为：（1）并；L2；0.3；见解答图；（2）1.5；4.5。
【分析】 （1）开关闭合，电流有两条路径，即两灯泡并联；电流表与被测用电器串联；由图乙可知电表选用的量程，然后根据电流表指针位置读数；由图甲可知两灯泡并联接入电路，电流表测灯泡L2的电流，据此画出电路图。
（2）明确电压表所测的电压是哪部分电路两端的电压，再根据串联电路的电压规律，可解答。
13．（2023九上·黄埔期末）如图所示，一根忽略重力的硬杆 CD，O 为杠杆的支点，在B处挂一小球，重为10N，CB=BO=OA=AD.要求对杠杆施加一个竖直向下且最小的力F1使它在水平位置平衡。
（1）在图中画出F1的示意图和对应的力臂L1 ；
（2）F1的大小为 N。
【答案】（1）
（2）5
【知识点】杠杆的平衡条件；力臂的画法
【解析】【解答】 由图知，O为支点，当将力作用在C和D点时力臂最长，因为需要施加竖直向下且最小的力，所以力的作用点在D点，如图所示；
根据杠杆平衡条件：F1L1=F2L2得：
即F1 OD=G OB
已知G=100N，CB=BO=OA=AD，
则：F1×2OB=10N×OB
解得：F1=5N。
故答案为：（1）见解答；（2）5。
【分析】 掌握杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2，若要使动力做小，则动力臂需最长；
确定出支点，找到最长的力臂，根据杠杆平衡条件得出最小的力。
14．（2023九上·黄埔期末）如图所示是A、B两种燃料完全燃烧释放的热量Q与其质量m的关系图，从图中可看出A燃料的热值 (选填“大于”、“小于”或“等于”)B燃料的热值，若质量 100g的B 燃料完全燃烧释放的热量为4.6×106J，则B燃料的热值是 J/kg。
【答案】小于；4.6×107
【知识点】燃料的热值
【解析】【解答】从图中可知，当质量相同的A、B两种燃料完全燃烧时，A放出的热量小于B放出的热量，根据可知，A的热值小于B的热值；
B燃料的热值：。
故答案为：小于；4.6×107。
【分析】 （1）单位质量的某种燃料完全燃烧放出的热量叫这种燃料的热值，当A、B两种燃料的质量相同时，由图可知完全燃烧放出的热量关系，据此比较热值的大小；
（2）根据求出B燃料的热值。
15．（2023九上·黄埔期末）小明按图示电路图正确连接电路。闭合开关S，灯泡L1发光， 灯泡 L2不亮， 电压表V 和V1正常工作且示数相同。小明认为出现上述现象的原因只可能是灯泡 L2被短路。
该说法是否正确 ；若正确，写出理由；若不正确，分析出现该现象的原因并写出分析过程 。
【答案】正确；灯泡L1发光，灯泡L2不亮，说明电路是通路，不可能是断路，电压表V和V1正常工作且示数相同，根据串联电压规律知，灯泡L2的电压为0，说明灯泡L2被短路。
【知识点】电路故障的判断；电路的动态分析
【解析】【解答】 电路是两个灯泡串联，电压V1测量L1的电压，电压表V测量电源电压，根据灯泡L1发光，灯泡L2不亮，说明电路是通路，不可能是断路，电压表V和V1正常工作且示数相同，根据串联电压规律知，灯泡L2的电压为0，说明灯泡L2被短路，故说法正确。
故答案为：正确；灯泡L1发光，灯泡L2不亮，说明电路是通路，不可能是断路，电压表V和V1正常工作且示数相同，根据串联电压规律知，灯泡L2的电压为0，说明灯泡L2被短路。
【分析】电路是两个灯泡串联，电压V1测量L1的电压，电压表V测量电源电压，根据灯泡L1发光，判断故障类型，根据电压表示数分析故障位置。
16．（2023九上·黄埔期末）某个小灯泡标有“2.5V”字样的铭牌信息，小明为了测量该小灯泡的额定电功率，利用如图甲所示电路进行实验。
（1）请你根据甲图完成乙图的电路连接 ；
（2）小明经过正确操作，得到了小灯泡的电流随电压变化的图像如图丙所示。求小明通过实验测得的小灯泡的额定电功率；
（3）已知导线a的阻值为0.001 ， 当电流表示数为0.2A时
①求导线a两端的电压；
② 求导线a通电 1000s所产生的热量。
【答案】（1）
（2）0.75W
（3）①导线a两端的电压为0.0002V；
②导线a通电1000s所产生的热量为0.04J。
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】 （1）根据图甲电路图可知，滑动变阻器的左下接线柱和右上接线柱接入电路，由于小灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表所接的量程为0～3V，即电压表的中间接线柱接入电路，实物图如图所示：
（2）由图丙可知，当小灯泡两端的电压为2.5V时，通过小灯泡的电流IL=0.3A，
则小灯泡的额定功率：PL=ULIL=2.5V×0.3A=0.75W；
（3）①由可知，导线a两端的电压：Ua=IRa=0.2A×0.001Ω=0.0002V；
②导线a通电1000s所产生的热量：Qa=I2Rat=（0.2A）2×0.001Ω×1000s=0.04J。
答：（1）图见解答；
（2）小明通过实验测得的小灯泡的额定电功率为0.75W；
（3）①导线a两端的电压为0.0002V；
②导线a通电1000s所产生的热量为0.04J。
【分析】（1）根据电路图可知，滑动变阻器应该右上接线柱接入电路，根据小灯泡的额定电压可知电压表的量程，据此完成实物图；
（2）由图丙可知，当小灯泡两端的电压为2.5V时，通过小灯泡的电流，根据P=UI求出小灯泡的额定功率；
（3）①根据欧姆定律求出导线a两端的电压；
②根据焦耳定律Q=I2Rt求出导线a通电1000s所产生的热量。
17．（2023九上·黄埔期末）小华用如图所示的装置比较不同物质的吸热情况，图中两个烧瓶内分别盛有质量为0.1kg，初温相同的甲、乙两种液体。当开关闭合后，相同时间内电流通过电阻丝产生的热量相同，且全部被液体吸收。每隔 1min 记录一次它们的温度，测得数据如表，请回答下列问题：
时间/min 0 1 2 3 4 5
甲的温度/℃ 20 24 28 32 36 40
乙的温度/℃ 20 22 24 26 28 30
（1）根据以上信息，可判断电阻丝的阻值R1 R2(选填“>”、“=”或“<”)，你的判断依据是 。
（2）依据表中的数据，利用公式 ，可推出两种液体的比热容c甲 c乙(选填“>”、“=”或“<”)；
（3）若甲液体的比热容为2.1×103J/(kg℃)， 求0~5min 甲液体吸收的热量。
【答案】（1）=；相同时间内电流通过电阻丝产生的热量相同，因通过两电阻的电流和通电时间相同，根据Q=I2Rt可知两电阻相同
（2）；＜
（3）4.2×103
【知识点】比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】 （1）根据以上信息，可判断电阻丝的阻值Rl=R2；两电阻串联，通过两电阻的电流和通电时间相同，已知通过电阻丝产生的热量相同，根据Q=I2Rt可知两电阻相等；
（2）依据表中的数据，加热相同时间，甲升温大，利用公式，可推出两种液体的比热容c甲＜c乙；
（3）若甲液体的比热容为2.1×103J/（kg ℃），0～5min甲液体吸收的热量：
Q吸=cm（t-t0）=2.1×103J/（kg ℃）×0.1kg×（40℃-20℃）=4.2×103J。
故答案为：（1）=； 相同时间内电流通过电阻丝产生的热量相同，因通过两电阻的电流和通电时间相同，根据Q=I2Rt可知两电阻相同（2）；＜；（3）4.2×103。
【分析】 （1）由两电阻串联的规律可知通过两电阻的电流和通电时间相同，结合已知条件结合Q=I2Rt分析；
（2）依据表中的数据，利用公式分析；
（3）根据Q=cm（t-t0）得出0～5min甲液体吸收的热量。
18．（2023九上·黄埔期末）如图所示，水平桌面上固定有一位于竖直平面内的弧形轨道，将小球从轨道的A点由静止释放，小球沿轨道下滑到轨道末端B点时沿水平方向抛出，最终落到水平地面上的C 点，标记C点位置， 测出B点到C点的水平距离为s。(忽略空气阻力和轨道摩擦)
小明猜想：小球的重力越大，抛出点到落地点的水平距离s越远。请帮小明完善实验方案并进行验证。
（1）除图中所示的器材外，小明还找到了刻度尺以及甲、乙、丙三个小球，它们的质量大小关系为m甲=m乙>m丙，体积大小关系为V甲>V乙=V丙，则小明应选 两个小球进行实验；
（2）写出实验步骤 (可用画图或文字表述)：
（3）结论：若 ，则小明的猜想正确；否则猜想错误。
【答案】（1）乙、丙
（2）将乙、丙分别从斜面的相同高度由静止是否，测出抛出点到落地点的水平距离s1、s
（3）s乙＞s丙
【知识点】物理学方法；控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】（1）小明猜想：小球的重力越大，抛出点到落地点的水平距离s越远。因而实验中必须改变质量来改变重力大小，因而要选择质量不同，但体积相同的乙、丙两个小球；
（2）将乙、丙分别从斜面的相同高度由静止释放，测出抛出点到落地点的水平距离s乙、s丙；
（3）若乙球从抛出点到落地点的水平距离较大，即s1＞s2；则小明的猜想正确；否则猜想错误。
故答案为：（1）乙、丙；（2）将乙、丙分别从斜面的相同高度由静止是否，测出抛出点到落地点的水平距离s1、s2；（3）s乙＞s丙。
【分析】 （1）根据控制变量法，探究与质量关系，必须控制其他因素相同；
（2）把不同质量的小球从相同高度关系，到达水平面速度相同，比较距离s大小；
（3）根据实验结论分析距离大小与质量的关系，判断猜想是否正确。
