嘉积中学2022-2023学年度第一学期高二年级期末考试
物理科试题
(时间：90分钟
满分：100分)
欢迎你参加这次测试，祝你取得好成绩！
第I卷（选择题共44分)
一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合
题目要求。
1.真空中有两个点电荷，若每个电荷的电量均增大到原来的2倍，相隔的距离增大到原来的4
倍，则它们间的相互作用力
A,减小到原来的？
B.减小到原来的)
C.增大到原来的2倍
D.增大到原来的4倍
2.如图所示，真空中0点有一点电荷，在它产生的电场中有@、b两点，a点的场强大小为E。,
方向与ab连线成60°角，b点的场强大小为E6,方向与
0
ab连线成30°角。关于a、b两点场强大小Ea、E6的关
系，以下结论正确的是
E
4-9e
a60°
30
B.E。=3Eb
C.E。=V3E
D.E。=Ea
3,一列简谐横波沿x轴正方向传播，周期为T,1=0时的波形如图所示。由图可知
A,此时质点a的速度达到最大
y/cm
B.质点b的振幅为Ocm
C.经过T,质点c将运动到d处
D,此时质点d的速度方向竖直向上
4,如图所示，一束单色光沿半圆柱形玻璃砖的半径垂直b面入射，有光线从b面射出。以0
点为圆心，将玻璃砖缓慢转过0角时，光线恰好发生全反射，则该玻璃砖的折射率为
A.sin0
B.o
sin
C.sin20
D.
2sin0
高二物理科试题（第1页共6页）
5.如图所示是水面上两列频率相同的波在某时刻的叠加情况，以波源尔、S,为囚心的两组同心
圆弧分别表示同一时刻两列波的波峰（实线)和波谷（虚线），S的振幅A=4cm,S,的振
幅4=3cm，则下列说法正确的是
A.质点D是振动减弱点
B.质点太、D在该时刻的高度差为14cm
C.再过半个周期，质点B是振动加强点
D.质点C的振幅为0cm
6.如图所示，电阻R和电动机M串联接到电路中，己知电阻R跟电动机M线圈的电阻相等，
开关闭合后，电动机正常工作，设电阻R和电动机两端的电压分别为U和U:经过时间1，
电流通过电阻R做的功为W,产生的热量为Q:电流通过电动机M
做的功为W2,产生的热量为Q2,则有
A.U=U2,Q1<92
B.W1
7.如图所示，从炽热的金属丝漂出的电子（速度可视为零），经加速电场加速后从两极板中间垂
直射入偏转电场。电子的重力不计，在满足电子能射出偏转电场的条件下，下述四种情况中，
一定能使电子的偏转角变大的是
加速电场
偏转电场
A.仅将偏转电场极性对调
B.仅增大偏转电极间的距离
C.仅增大偏转电极间的电压
D.仅增大加速电极间的电压
8.如图所示，甲木块以速度v沿光滑水平地面向前运动，正前方有一静止的乙木块，乙上连有
一轻质弹簧。乙的质量是甲的3倍，甲木块与弹簧接触后
A.甲乙动量相等时弹簧的弹性势能最大
B.弹簧势能最大时乙的速度达到最大
C.最终乙的速度比甲大
D.最终乙的动能是甲的3倍
高二物理科试题（第2页共6页）嘉积中学 2022-2023 学年度第一学期高二年级期末考试
高二物理科答案卷
第Ⅰ卷（选择题 共 44分）
一．单项选择题：本题共 8小题，每小题 3分，共 24分。每小题只有一个选项
符合题目要求。3
题次 1 2 3 4 5 6 7 8
选项 A B D A B B C D
二．多项选择题：本题共 5 小题，每小题 4 分，共 20分。每小题有多个选项符
合题目要求。全部选对得 4分，选对但不全的得 2分，有选错的得 0分。
题次 9 10 11 12 13
选项 AB AC BC AD AB
三 实验题（14 题 10 分，15 题 10 分，共 20 分。）
14.A 题:
(1) 2’
(2) _____1.5__________1’ (3)_____ 偏小____________1’
B 题: (4)____11.1_______1’； _____ 15.6_______1’；____0.75__________；1’
d
(5)_____ Δx_________1’ (6)______变小___________ 2’
l
14. (1) ___1.125±0.001________ 2’
(2)____A ___________ 2’ _____E____________ 2’
试卷第 1页，共 6页
( 3） 2’
(4) _管线的长度 _______________ 2’
四 计算题（16 题 10 分，17 题 12 分，18 题 14 分，共 36 分。）
16. 1解：(1)T = = 10 5S ……………………………… （2分）
f
V = λf = 1500（m/s） ……………………………… （2分）
(2)如图所示．
……………………………… （2分）
（3 1）鱼群与渔船的距离 x＝ vt ……………………………… （2分）
2
代入数据得 x＝3 000 m. ……………………………… （2分）
17.解： (1)单色光在 AB面上发生折射，根据折射定律得
n sin60°＝ ……………………………… （3分）
sinα
又 n 6＝ 由以上两式得
2
折射角 α＝45° ……………………………… （2分）
(2)光在棱镜中的速度
v c 2c 6c＝ ＝ ＝ ……………………………… （3分）
n 6 3
(3)因α＝45°光路如图所示，光在棱镜内传播的路径 DE与 BC平行，且 DE
1
＝ BC 1＝ d ……………………………… （1分）
2 2
试卷第 2页，共 6页
根据反射定律可知 EF垂直 BC射出，且 FE=FC= …… （1分）
4
t + 3 6 所以 ＝ ＝ . ……………………………… （2分）
8
18.
（2）物块 Q与小车相对静止时，共同速度为 v3，系统水平方向动量守恒，则
m2v2 (m2 M )v3
解得： v3 2.5m/s ………………………………………… （2分）
物块 Q从开始运动到与小车相对静止过程，系统能量守恒，设动摩擦因数为
1m 22v2 m
3 1
2g L (m M )v
2
………………… （2分）
2 2 2 2 3
解得： 0.25 ………………… （1分）
经分析，物块 Q滑至 C点与小车共速时，则半径 R最小
1m 22v2 m2gR m2gL
1
(m2 M )v
2
3 ………………… （2分）2 2
试卷第 3页，共 6页
解得： R 1.25 m ………………………… （1分）
选择题与实验题详解参考 ：
qQ
1．A 【解析】真空中的两个点电荷相距 R，根据库仑定律得 F k 2 ，如果每个电荷的r
电量均增大到原来的 2 倍，相隔的距离增大到原来的 4 倍， F ' k 2q 2Q 1 F，A 正
4r 2 4
确．
2 kQ E r
2 3
答案 B解析 由题图可知，rb＝ 3ra，再由 E＝ 可知， a＝ b＝ ，故 B正确．
r2 Eb ra2 1
3.D [解析]质点 A 此时速度为零，选项 A 错；质点 B 的振幅是 5cm; 质点 c 沿 y 轴方向振
动，不会运动到 d 点；根据带动法或平移法等，可知质点 d 的速度方向竖直向上
4.[答案] A [解析] 由题可知，将玻璃砖缓慢转过θ角时，恰好没有光线从
ab 面射出，说明光线发生了全反射，此时的入射角恰好等于临界角，而入射角 i
1 1 1
＝θ，则可得到临界角 C＝θ，由 sinC＝ 得：n＝ ＝ .
n sinC sinθ
5.答案：B解析：由题中图像可知，质点 D处为两波谷相遇，是加强点，选项 A
错误；此时质点 A在加强后的最高点，质点 D在加强后的最低点，由叠加关系
可知质点在该时刻的高度差为 14 cm，选项 B正确；由于两波的频率相等，叠加
后会形成稳定的干涉图样，所以质点始终是加强点，质点始终是减弱点，选项 C
错误；质点 C为减弱点，振幅为两振幅之差，为 1 cm，选项 D错误。
6.
7[答案] C[解析] 设加速电场电压为 U0，偏转电压为 U，极板长度为 L，间距
mv20 2U q
为 d，电子加速过程中，由 U0q＝ ，得 v 00＝ ，电子进入极板后做类
2 m
L Uq vy UL
平抛运动，时间 t＝ ，a＝ ，vy＝at，tanθ＝ ＝ ，由此可判断 C正确．
v0 dm v0 2U0d
8答案 D 甲乙速度相等时，弹簧压缩最短，弹性势能最大，而此时动量并不相等，A、B
试卷第 4页，共 6页
错；设最终甲乙的速度分别为 1和 2 根据动量守恒定律 mv = mv1 + 3mv2 能量守恒定
律1 2 = 1 2 11 + 3 2
1 1
2 解的 1 = = 可知最终二者的速度大小是相等2 2 2 2 2 2
的，但是方向相反，C错；根据动能公式可知，最终乙的动能是甲得倍，D 正确。
9答案 AB Ft解析 由动量定理可得：Ft＝mv，解得 v＝ .t＝1 s时物块的速率为 v F1t＝ 1＝
m m
2×1 m/s＝1 m/s，故 A正确；t＝2 s时物块的动量大小 p2＝F1t2＝2×2 kg·m/s＝4 kg·m/s，t
2
＝3 s时物块的动量大小为 p3＝(2×2－1×1) kg·m/s＝3 kg·m/s，t＝4 s 时物块的动量大小为
p4＝(2×2－1×2) kg·m/s＝2 kg·m/s，所以 t＝4 s 时物块的速度为 1 m/s，故 B 正确，C、D
错误．
10【答案】AC【详解】A．甲摆的振幅为 10 cm，乙摆的振幅为 7 cm，则甲摆的振幅比乙摆
大，故 A正确；B．虽然甲摆的振幅比乙摆大，但由于两单摆的质量未知，所以无法比较机
械能的大小，故 B错误；C．由题图看出，两单摆的周期相同，同一地点 g相同，由单摆的
l
周期公式 T＝2π 知甲、乙两单摆的摆长 l相等，故C正确；D．由单摆的周期公式T 2
l
g g
g 4
2l
得 2 由于单摆的摆长不知道，所以不能求得当地的重力加速度，故 D错误；T
11.BC解析 由题图可知λ＝8 m当波向右传播时，在Δt＝t2－t1时间内波传播的距离为
s 3＝nλ＋ λ＝(8n＋3)m(n＝0,1,2 ) s 8n＋3… 波速为 v＝ ＝ m/s＝(16n＋6) m/s(n＝0,1,2…).当 n
8 Δt 0.5
0 v 6 m/s C 5＝ 时， ＝ ， 正确；当波向左传播时，在Δt＝t2－t1时间内波传播的距离为 s＝nλ＋ λ
8
＝(8n＋5) m(n s 8n＋5＝0,1,2…)波速为 v＝ ＝ m/s＝(16n＋10)m/s(n＝0,1，2…).
Δt 0.5
12. 答案 AD 沿电场线方向电势降低可知 A 正确；由图可知电场力做正功，速
度变大，D 正确。
13.答案：AB
解析：根据电路图可知，A板带负电，B板带正电，原来油滴恰好处于静止状态，说明
油滴受到的竖直向上的电场力刚好与竖直向下的重力平衡；当 S 闭合，若将 A板向上平移
U
一小段位移，则板间间距 d变大，而两板间电压 U此时不变，故板间场强 E＝ 变小，油滴
d
ε S
所受合力方向向下，所以油滴向下加速运动，而根据 C＝ r 可知，电容 C减小，故两板
4πkd
所带电荷量 Q也减小，因此电容器放电，所以 G中有 b→a的电流，选项 A正确；
试卷第 5页，共 6页
在 S闭合的情况下，若将 A板向左平移一小段位移，两板间电压 U和板间间距 d都不
变，所以板间场强 E不变，油滴受力平衡，仍然静止，但是两板的正对面积 S减小了，根
C εrS据 ＝ 可知，电容 C减小，两板所带电荷量 Q也减小，电容器放电，所以 G中有 b→a
4πkd
的电流，选项 B正确；若将 S断开，两板所带电荷量保持不变，板间场强 E也不变，油滴
仍然静止，选项 C错误；
若将 S断开，再将 A板向下平移一小段位移，两板所带电荷量 Q仍保持不变，两板间
间距 d变小，根据 C ε＝ rS Q，U＝ 和 E U 4πkQ＝ ，可得 E＝ ，显然，两板间场强 E不变，
4πkd C d εrS
所以油滴仍然静止，G中无电流，选项 D错误。
14． （1）
n = sinθ 1（1 1） = = 1.5
sinθ2 0.67
（2）偏小 若 P4位置画的偏左，则 3 '4的连线与 交点偏右，导致折射角偏大，折射率
偏小。
15.解析 (4)xA＝11 mm＋1×0.1 mm＝11.1 mm
xB＝15 mm＋6×0.1 mm＝15.6 mm
Δx xB－xA 15.6－11.1＝ ＝ mm＝0.75 mm。
6 6
(5) l d由Δx＝ λ得λ＝ Δx
d l
(6) l由 v＝λf知频率高的单色光波长短，所以根据Δx＝ λ判断出干涉条纹间距将变小。
d
答案 (4)11.1 15.6 0.75 (5)dΔx 6.0 －×10 7 (6)变小
l
试卷第 6页，共 6页
