广东省深圳市2023年中考物理二模试卷
一、单项选择题（共5小题，每题2分，共10分；每小题只有一个选项符合题意）
1．（2023·深圳模拟）实践证明，“测体温”、“勤洗手”、“要消毒”及“戴口罩”等措施可以有效防止新冠病毒的传播，对这些措施中相关数据估测符合实际的是（ ）
A．“测体温”：人体的正常体温约为37.3℃
B．“勤洗手”：每次洗手时间应不少于20s
C．“要消毒”：一张消毒湿巾厚度约为2nm
D．“戴口罩”：一只医用外科口罩约为50g
2．（2023·深圳模拟）描述二十四节气的诗句中蕴含着丰富的物理知识，以下说法正确的是（ ）
A．立春：“大地阳和暖气生”，大地内能的增加是太阳通过做功的方式实现的
B．清明：“清明时节雨纷纷”，雨的形成是凝固现象
C．秋分：“丹桂小菊万径香”，桂花飘香说明分子在永不停息地做无规则运动
D．霜降：“一朝秋暮露成霜”，霜的形成需要吸热
3．（2023·深圳模拟）如图所示，在北京冬奥会高台跳雪比赛中，运动员由高处急速滑下，在即将到达赛道底部时，他双膝弯曲，使劲一蹬，顺势跃向空中，为减小空气阻力影响，他上身前倾，双臂后摆，整个身体就像一架飞机，向前滑翔。有关滑雪中的相关物理知识说法正确的是（ ）
A．雪橇底部是光滑的，目的是减小压力便于运动员滑得更快
B．运动员向后撑地增大下滑速度，说明力能改变物体的运动状态
C．运动员跃向空中下落过程，运动员的重力势能减小、机械能增大
D．整个身体就像一架飞机，是利用空气流速大的位置压强大获得升力
4．（2022八下·招远期末）神舟13号航天员王亚平在机械臂（图 示）的辅助下成功从天和核心舱出舱。机械臂的功能类似于人的手臂（杠杆），具有抓住、拉回、锁死等功能。如图工具在使用时与机械臂工作时属于同一类杠杆的是（ ）
A． 起子 B． 核桃夹
C． 钳子 D． 食品夹
5．（2019九上·昌平期末）为监测教室环境中PM2.5的浓度，物理科技小组同学们设计了如图的电路图，其中电源两端电压保持不变，R是定值电阻，Q为气敏元件（Q在电路中的作用相当于一个可变电阻，其阻值随PM2.5浓度的增大而减小）。闭合开关S，当教室内PM2.5的浓度增大时，下列判断中正确的是（ ）
A．电路中的总电阻变大 B．电压表示数变大
C．电流表示数变小 D．电路中的总功率变小
二、双项选择题（共5小题，每题2分，共10分；每小题有二个选项符合题意，全对每小题得2分，选对1个得1分，有选错该题不得分）
6．（2023·深圳模拟）2021年12月9日15：40分，航天员翟志刚、王亚平、叶光富在中国空间站进行了一堂生动有趣的太空授课。如图所示，王亚平在一个水透镜里注入一些气体后，既能看到倒立的像，也能看到正立的像。关于太空授课，下列说法中正确的是（ ）
A．天宫课堂不能通过超声波向地面传递信息
B．能同时观察到两个不同的像，是因为光在太空中不遵循折射规律
C．由水做成的凸透镜可以成倒立缩小的实像
D．航天员在太空处于失重状态，故质量和密度均为零
7．（2023·深圳模拟）用如图甲所示的滑轮组提升物体M，已知被提升的物体M质量为76kg，绳子自由端的拉力F将物体M以0.5m/s的速度匀速提升了10m的高度，此过程中，拉力F做的功W随时间t的变化图像如图乙所示，g取10N/kg，不计绳重和摩擦力大小。下面分析不正确的是（ ）
A．此过程中，绳子自由端的拉力F大小为400N
B．动滑轮重力为70N
C．当t＝10s时，M克服重力所做的功为4000J
D．当物体M上升过程中，该滑轮组提升物体的机械效率为95%
8．（2023·深圳模拟）下列说法正确的是（ ）
A．现代火箭用液态氢作燃料，是因为氢的比热容大
B．汽车发动机的做功冲程将内能转化为机械能
C．新型电热毯的电阻丝是用超导材料制成的
D．摩擦起电并不是创造了电荷，只是电荷从一个物体转移到另一个物体
9．（2023·深圳模拟）有两个电路元件甲和乙，通过元件的电流与其两端电压的关系如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．甲是定值电阻，其电阻值保持10Ω不变
B．乙元件两端电压增大时，电阻值增大了
C．甲、乙并联，当电源电压为2V时，甲的电功率比乙大
D．甲、乙串联，当电路中的电流为0.2A时，电路总功率为1.2W
10．（2023·深圳模拟）下列说法正确的是（ ）
A．图甲：家庭电路中开关和电灯的安装正确
B．图乙：当人触电时，应及时切断电源或用干木棒挑开电源线
C．图丙：探究的是电磁铁A、B的磁性强弱与电流大小的关系
D．图丁：导体AB沿水平方向左右运动时，电流表指针偏转
三、作图题（共2小题，共4分）
11．（2022·禅城模拟）如图是一名滑雪运动员沿斜面自由下滑时的场景，其中O为滑雪爱好者的重心，请在图中画出斜面对运动员的作用力的示意图。
12．（2023·深圳模拟）如图甲所示的磁悬浮地球仪的球体内有一个条形磁体，下方底座内有一个电磁铁。开关闭合后，地球仪就可以悬浮在空中。图乙是其内部结构示意图，请根据图示磁感线的方向，在图乙中标出球体内条形磁体的N、S极和电源的“+、﹣”极。
四、填空题（共4小题，每空1分，共22分）
13．（2023·深圳模拟）如图所示是甲、乙两物体从同一位置向同一方向做直线运动的s﹣t图像。由图像可知：
（1）甲物体做 运动；
（2）第8s～第24s，乙物体处于 状态；
（3）第24s后以甲为参照物，乙是 （选填“运动”或“静止”）的；
（4）第4s～第19s，甲和乙的平均速度 （选填“v甲＞v乙”、“v甲＜v乙”或“v甲＝v乙”）。
14．（2023·深圳模拟）按要求完成下列填空。
（1）如图甲所示，物体A的长度是 cm。
（2）如图乙所示，温度计读数方法正确的是 （选填“A”、“B”或“C”）。
（3）如图丙所示，为了测量某种液体的密度，把盛有适量液体的烧杯放在调节好的天平左盘内，增减右盘砝码，调节游码使横梁重新平衡，此时砝码质量和游码在标尺上的位置如图1所示，则烧杯和液体的总质量为 g；将烧杯中的一部分液体倒入量筒中，如图2所示；再用天平测出烧杯和剩余液体的总质量为30g。根据上述实验数据计算得，这种液体的密度为 kg/m3。
（4）如图丁所示，小明家的电能表安装时的示数为零，到目前为止小明家已消耗 kW h的电能。
15．（2023·深圳模拟）小虹利用弹簧测力计、实心圆柱体物块、烧杯等器材，探究浮力的大小跟哪些因素有关。她提出如下猜想，设计并进行了实验。
猜想a：浮力大小与物体浸没在液体中的深度有关；
猜想b：浮力大小与物体排开液体的体积有关；
猜想c：浮力大小与液体的密度有关。
小虹的操作步骤及测量数据如图所示。
（1）由测量数据可得：B步骤中圆柱体物块受到水的浮力为 N。
（2）分析 （填出步骤的序号）三次实验的数据，可以验证猜想a是错误的。
（3）分析A、B、C三次实验，可知浮力大小与 有关。
（4）进一步学习了阿基米德原理之后，利用图中的测量数据，还可以计算出其它一些物理量（水的密度已知），下列物理量中不能计算出的是 （填序号）。
A．物块的体积 B．物块的密度 C．盐水的体积 D．盐水的密度
（5）图中正确反映弹簧测力计示数F和物体下表面在水中的深度h关系的图象是 。（物体未接触容器底）
16．（2023·深圳模拟）张三同学按照图甲所示的电路图测量小灯泡在不同电压下的电功率。已知小灯泡的额定电压为2.5V、电源电压恒为4.5V、滑动变阻器R1“20Ω 1A”、R2“50Ω 1A”、R3“100Ω 0.1A”、电流表、电压表等。
（1）请根据图甲的电路图用笔画线代替导线将图乙的实物连接成完整电路（导线不许交叉）。
（2）电路连接正确后，闭合开关，发现小灯泡不亮，而电流表无示数，电压表指针偏转到最右端。则可能的故障是 。
（3）排除故障后张三继续实验。闭合开关，移动滑片，电压表示数为2.2V，在甲电路图中，若要灯泡正常发光，则应向 （选填“A”或“B”）端移动滑片，当小灯泡正常发光时，电流表示数为0.3A，小灯泡的额定功率为 W。
张三陆续测量出了灯泡在不同电压下对应的电流，并把测得的数据填写在表中。
实验次数 1 2 3 4 5 6
电压U/V 0.5 0.9 1.3 1.7 2.1 2.5
电流I/A 0.16 0.18 0.22 0.24 0.26 0.3
实际功率P/W 0.08 0.162 0.286 0.408 0.546
（4）根据表中数据可知，张三选择的滑动变阻器是 （选填“R1”、“R2”或“R3”）。同组的另外三名同学根据表格中的数据描绘出小灯泡中的电流随它两端电压变化的图象如图丙所示，其中正确的是 （选填“①”、“②”或“③”）。
（5）若小灯泡的额定功率P0与某次工作时的实际功率P1满足P0＝4P1，则以下关于额定电压U0与实际电压U1的数值关系，你认为最有可能的是 。
A．U0＝1.5U1 B．U0＝2U1 C．U0＝3U1
（6）完成实验后，张三还想测量某一定值电阻Rx的阻值，用Rx替换了小灯泡，同时还发现电压表损坏，于是用如图丁所示的电路完成了实验，已知滑动变阻器的最大阻值为R0，他的实验步骤：
①闭合开关，将滑片移至最右端，读出电流表示数为I1；
②将滑片移至最左端，读出电流表示数为I2；
则电阻Rx的阻值表达式：Rx＝ （用I1、I2、R0表示）。
五、计算题（共2小题，共16分）
17．（2023·深圳模拟）图示为某种型号的剪叉式高空作业平台。这台机器利用起升电机升降作业平台，方便工人高空作业。该机器的部分数据如表所示。
整机质量（空载）/kg 3200
安全工作载荷/kg 200
起升电机额定电压/V 24
起升电机额定功率/kW 4.0
轮胎接地总面积/m2 0.08
（1）这台机器空载且静止时，对水平地面的压强是多大？（g取10N/kg）
（2）起升电机以额定功率工作时，将总重为1000N的人和作业工具以0.2m/s的速度举高8m。该机器做的有用功是多少？机械效率是多少？
18．（2023·深圳模拟）孝顺的小梅同学给爷爷网购了一台额定电压为220V的双档位电热足浴器。足浴器某次加热工作时的控制面板显示如图所示。
（1）足浴器在加热状态下正常工作时的电流是多大？
（2）足浴器装入质量为5kg，初温为20℃的水，当水温达到控制面板上显示的温度时，水吸收的热量是多少？加热所用的时间是多长？[不计热量损失，水的比热容c水＝4.2×103J/（ kg ℃）]
（3）若晚上用电高峰时的实际电压只有200V，足浴器的实际加热功率是多少？（计算结果保留两位小数，电热丝阻值不变）
六、综合题（共1小题，共8分）
19．（2023·深圳模拟）阅读短文，回答问题。
混合动力负压救护车
混合动力负压救护车的汽油发动机和电动机通过同一个变速器与车轮相连，除了油箱里的汽油之外，它不再需要外界其他能源，与其他汽车不同，该类型汽车在制动时，电动机作为发电机使用，通过再生制动器把汽车的一部分动能转化为电能，实现了对蓄电池充电。
负压救护车最大的特点是负压，在运送病人的过程中，车内气压保持一个特定值为标准大气压的90%，使空气在流动时只能由车外流向车内，而不会把车内可能含有病毒的空气直接流到车外；并且可以利用真空泵将车内的空气通入特制的电热器内进行高温消毒后排出，车上还配备了呼吸机、消毒灯、中心供氧接口等设施。
（1）如图甲，救护车前面的挡风玻璃是倾斜的，这样可以使汽车在夜间行驶时车内物体的像成在汽车的 （填“前方”“上方”或“下方”），避免物体的像干扰司机视线。
（2）救护车在平直公路上匀速前进时，所受牵引力和 力是一对平衡力；救护车制动后，不会立刻停止，而是会继续前进一段距离，是因为救护车具有 。
（3）在利用电热器高温消毒的过程中，电热器将电能转化为 能；车内消毒灯是利用 （填“红外线”或“紫外线”）进行消毒的。
（4）下列实例中处于“负压”状态的有 。
A．高空飞行中漏气的飞机机舱
B．正在漏气的气球
C．正常工作时的吸尘器
（5）若在某地行驶时，车外气压为1个标准大气压，车顶的面积为6m2，车顶内外大气产生的压力差约为 N。（标准大气压取1×105Pa）
（6）某次对比测试中，在车经过O点时开始记录，先让救护车匀速直线行驶60m，然后分别在关闭或打开再生制动器的情况下关闭发动机，结果发现汽车分别在距O点80m和76m的地方停了下来，如果用Ek0表示汽车关闭发动机前的动能，图乙中分别为关闭和打开再生制动器的情况下汽车的Ek﹣s（动能﹣路程）图像，若再生制动器开启时，其获得的能量中有90%被汽车蓄电池储存起来，则蓄电池增加的能量为W＝ 。（用图像中的字母及数字表示）
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；时间的估测；长度的估测
【解析】【解答】 A、人体的正常体温约为36℃~37℃，故A错误；
B、为了保证清洁效果，每次洗手时间应不少于20s，故B正确；
C、 一张湿巾的行业标准厚度为0.5cm ，故C错误；
D、一个鸡蛋质量大约50g，一只医用外科口罩质量比鸡蛋小得多，约为5g，故D错误。
故答案为：B。
【分析】根据常见的温度、时间、长度及质量，结合数据解答。
2．【答案】C
【知识点】液化及液化放热；凝华及凝华放热；做功改变物体内能；分子热运动
【解析】【解答】 ：A、“大地阳和暖气生”大地内能的增加是大地吸收太阳的热量，温度升高，内能增加，是通过热传递的方式实现，故A错误；
B、雨的形成是空气中的水蒸气遇冷液化成的小水滴，故B错误；
C、“丹桂小菊万径香”，是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故C正确；
D、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，凝华属于放热过程，故D错误；
故选：C。
【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，凝华放热；由气态变为液态叫液化；由液态变为固态叫凝固；扩散现象说明分子在不停地做无规则运动。
3．【答案】B
【知识点】势能大小的比较；力的作用效果；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】 A、雪橇底部是光滑的，是在压力一定时，通过减小接触面粗糙程度来减小摩擦，利于运动员滑得更快，故A错误；
B、物体的运动状态的改变包括速度大小和方向的变化，运动员向后撑地增大下滑速度，说明力能改变物体的运动状态，故B正确；
C、运动员下落过程，质量不变，高度减小，重力势能减小，运动员下落过程，由于存在摩擦，克服摩擦做功，机械能转化为内能，机械能减小，故C错误；
D、整个身体就像一架飞机，飞机的机翼能获得向上的升力，是因为上方空气流速快压强小的原因，是应用了流速越大流体的压强越小的原理，故D错误。
故选：B。
【分析】在压力一定时，通过减小接触面粗糙程度可以减小摩擦；物体的运动状态的改变包括速度大小和方向的变化；质量不变，高度减小，重力势能减小；流体在流速大的地方压强小、在流速小的地方压强大。
4．【答案】D
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】机械臂在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
A．瓶盖上面和起子的接触点是支点，起子和瓶盖下的接触点为阻力作用点，手的作用点为动力作用点，动力臂大于阻力臂，都是省力杠杆，A不符合题意；
B．核桃夹两臂的轴为支点，核桃臂和核桃的接触点为阻力作用点，手的作用点为动力作用点，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，B不符合题意；
C．钳子两臂的轴为支点，钳子和铁丝的接触点为阻力作用点，手的作用点为动力作用点，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，C不符合题意；
D．食品夹在使用过程中，最上端为支点，手按的位置到支点的距离为动力臂，食物到支点的距离为阻力臂，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】使用杠杆时，动力臂小于阻力臂时，是费力杠杆。
5．【答案】B
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】解：A、定值电阻与气敏元件串联，电压表测R的电压，电流表测电路中的电流，当教室内PM2.5的浓度增大时电阻变小，根据电阻的串联，电路中的总电阻变小，A不符合题意；
BCD、由欧姆定律，电路中的电流变大，C不符合题意；
根据U＝IR，电压表示数变大，B符合题意；根据P＝UI，电路的总功率变大，D不符合题意。
故答案为：B
【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，根据教室内PM2.5的浓度增大时电阻变化情况，根据电阻的串联确定电路中的总电阻变化；由欧姆定律，分析电路中的电流变化情况；根据U=IR得出电压表示数变化；根据P=UI判断电路的总功率变化.
6．【答案】A,C
【知识点】质量及其特性；密度及其特性；光的折射规律；凸透镜成像规律及其探究实验；声音的传播条件
【解析】【解答】 A、声音传递需要介质，真空不能传声，超声波属于声波，天宫课堂不能通过超声波向地面传递信息，故A正确；
B、凸透镜成像原理是光的折射，能同时观察到两个不同的像，是因为光在太空中遵循折射规律，故B错误；
C、由水做成的凸透镜当满足物体距透镜二倍焦距外时，可以成倒立缩小的实像，故C正确；
D、质量是物体的一种基本属性，与物体的状态、形状、温度、所处的空间位置的变化无关；密度是物质的一种特性，它不随物质的质量或体积的变化而变化；故航天员进入空间站后，质量和密度不变，故D错误。
故选：AC。
【分析】 声波不能真空中传播；光在太空中遵循折射规律；凸透镜所成的实像物体距透镜二倍焦距外时，成倒立缩小的实像；质量是物体的一种基本属性，与物体的状态、形状、温度、所处的空间位置的变化无关；密度是物质的一种特性，它不随物质的质量或体积的变化而变化。
7．【答案】B,C
【知识点】滑轮（组）的机械效率；滑轮与功的综合题
【解析】【解答】A、由得，物体被提升10m所需的时间：，根据图乙可知，此过程中绳子自由端拉力F做的总功是8000J，由图甲可知承重绳段数n=2，绳子自由端移动的距离：s=nh=2h=2×10m=20m，由W总=Fs得，拉力为，故A正确；
B、物体M的重力：G物=mg=76kg×10N/kg=760N；
因为不计绳重和摩擦时F=（G+G动），所以动滑轮的重力：G动=nF-G=2×400N-760N=40N，故B错误；
C、由可知，t'=10s物体被提升的高度：h'=vt'=0.5m/s×10s=5m，M克服重力所做的功：W有'=Gh'=760N×5m=3800J；故C错误；
D、物体被提升10m所做的有用功：W有=Gh=760N×10m=7600J，滑轮组的机械效率：，故D正确。
故选：BC。
【分析】根据求出物体被提升10m所需的时间，根据W总=Fs求拉力；根据G=mg求物体的重力，利用不计绳重和摩擦时G动=nF-G求动滑轮的重力；根据求出t=10s物体被提升的高度，利用W有=Gh求M克服重力所做的功；利用求滑轮组的机械效率。
8．【答案】B,D
【知识点】燃料的热值；内燃机的四个冲程；焦耳定律的应用
【解析】【解答】 A、现代火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量，且氢气燃烧后的产物是无污染的水，故A错误；
B、发动机做功冲程，燃气推动活塞做功，将内能转化为机械能，使汽车获得动力，故B正确；
C、超导体的电阻为零，不会产生电热，新型电热毯是利用电流的热效应工作的，电阻丝不能用超导体制作，故C错误；
D、摩擦起电并不是创造了电荷，只是电荷从一个物体转移到另一个物体，得到电子的物体带正电，失去电子的物体带正电，故D正确。
故选：BD。
【分析】 完全燃烧相同质量的燃料时，热值高的放出的热量多，汽车发动机的做功冲程将内能转化为机械能，使汽车获得动力；新型电热毯是利用电流的热效应工作的；摩擦起电的实质是电荷的转移。
9．【答案】B,D
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】A、电阻的U-I图像是过原点的倾斜直线时，该电阻为定值电阻，即甲是定值电阻；
根据欧姆定律结合图像数据可知，甲的阻值，故A错误；
B、根据图像数据，当乙元件两端的电压为1V时，通过乙的电流为0.1A，根据欧姆定律可知此时乙的阻值，当乙元件两端的电压为5V时，通过乙的电流为0.25A，根据欧姆定律可知此时乙的阻值，故乙的电阻随电压的增大而增大，故B正确；
C、并联电路电压相等，甲、乙并联，当电源电压为2V时，甲、乙两端的电压都为2V，根据图像数据通过甲的电流小于通过乙的电流，根据P=UI可知甲的电功率比乙小，故C错误；
D、甲、乙串联，根据串联电路电流相等，从图中可知，当电路中的电流为0.2A时，甲、乙两端的电压分别为4V和2V，根据P=UI可知甲的功率为P甲=U甲I=4V×0.2A=0.8W，乙的功率为P乙=U乙I=2V×0.2A=0.4W，电路总功率为P=P甲+P乙=0.8W+0.4W=1.2W，故D正确。
故选：BD。
【分析】定值电阻的电流与电压成正比；根据公式，可求出电阻；根据公式P=UI，可求出电功率。
10．【答案】B,D
【知识点】家庭电路的连接；安全用电原则；探究电磁感应现象的实验；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】 A、开关应该接在火线上，图甲的开关接在零线上，故A错误；
B、图乙：当人触电时，应及时切断电源或用干木棒挑开电源线，故B正确；
C、图丙：两个电磁铁串联在电路中，电流相等，线圈的匝数不同，吸引大头针的数量不同，探究的是电磁铁A、B的磁性强弱与线圈匝数的关系，故C错误；
D、图丁：导体AB沿水平方向左右运动时，导体做切割磁感线运动，会产生感应电流，电流表指针偏转，故D正确。
故选：BD。
【分析】 家庭电路的开关要接在火线上，开关与灯泡串联；发生触电事故时，应该首先切断电源或用干木棒挑开电源线；电磁铁的磁性强弱与电流的强弱和线圈的匝数有关；闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象。
11．【答案】解：如图所示：
【知识点】力的三要素及力的示意图；摩擦力的示意图
【解析】【解答】运动员沿斜面向下滑时，受到斜面的支持力F，方向垂直于斜面向上，受到斜面的摩擦力f，方向平行于斜面向上，力的示意图如下图所示
【分析】摩擦力和物体的相对运动方向相反；支持力和支撑面垂直。
12．【答案】
【知识点】地磁场；安培定则；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】磁体周围的磁感线从N极出发，回到S极，所以电磁铁的上端为N极，下端为S极，根据安培定则可知，用右手握住螺线管，四指指向电流方向，拇指指向通电螺线管的N极，故电流从电磁铁的下端流入，上端流出，所以电源的下端为正极，上端为负极；地球仪可以悬浮在空中，是因为受到排斥力的作用，根据同名磁极相互排斥可知，条形磁体的下端为N极，如图所示：
【分析】磁体周围的磁感线从N极出发，回到S极；根据安培定则，可判断电源正负极；同名磁极相互排斥。
13．【答案】（1）匀速直线
（2）静止
（3）静止
（4）v甲＝v乙
【知识点】时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】（1）由图可知，甲的s-t图像是倾斜直线，甲单位时间内通过的路程相等，说明甲一直做匀速直线运动；
（2）由图可知，第8s～第24s，乙的s-t图像是水平直线，乙的位置不随时间的变化而变化，说明乙在这段时间处于静止状态；
（3）由图可知，甲的速度为：；
24～30s内乙做匀速直线运动，这段时间内乙的速度为：；
由上述分析可知第24s后甲、乙的速度相同，且沿同一方向运动，则以甲为参照物，乙没有位置的变化，则乙是静止的；
（4）由图可知，在第4s～第19s内，甲、乙通过的路程相同，由知甲、乙的平均速度相同，即v甲=v乙。
【分析】根据公式，可求出速度；s-t图像是倾斜直线物体做匀速直线运动；相对于参照物物体没有位置的变化，物体是静止的。
14．【答案】（1）1.30
（2）B
（3）62.4|1.08×103
（4）524.8
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量的测量与天平的使用；液体密度的测量；长度及其测量；电能表参数的理解
【解析】【解答】（1）甲图中刻度尺的每一大格为1cm，分10个小格，每小格为0.1cm，即分度值0.1cm，刻度尺测量长度要估读到分度值的下一位，则A的长度为7.30cm-6.00cm=1.30cm；
（2）温度计读数时，视线要与温度计中液柱的液面相齐，所以图乙中温度计读数方法正确的是B；
（3）图1中标尺上每一大格为1g，分5个小格，即分度值为0.2g，则烧杯和液体的总质量为m总=50g+10g+2.4g=62.4g；
倒入量筒中的液体的质量m=m总-m剩=62.4g-30g=32.4g，
图2中量筒的每一大格为10cm3，分度值为1cm3，所以量筒中液体的体积为30cm3，
液体的密度为；
（4）电能表方框中的数字即为小明家消耗的电能，电能表的最后一位的十分位，单位是kW h，即524.8kW h。
【分析】（1）看清刻度尺的分度值，结合对应刻度做差求出长度；
（2）温度计读数时，视线要与温度计中液柱的液面相齐；
（3）根据，计算液体的密度；
（4）电能表的最后一位的十分位，单位是kW h。
15．【答案】（1）0.4
（2）A、C、D
（3）排开液体的体积
（4）C
（5）D
【知识点】探究浮力大小的实验
【解析】【解答】（1）测力计分度值为0.2N，由图A可知，物体的重力为2.4N；B中测力计的示数为2N，
所以此时受到的浮力为：F浮=G-F=2.4N-2N=0.4N；
（2）为了验证浮力大小跟物体浸没在液体中的深度是否有关时， 找深度不一样但是其它量都一样的两组实验，发现CD符合，CD弹簧测力计的读数一样，说明猜想a错误， 故选A、C、D三次实验；
（3） 观察ABC三组实验的不同之处，BC排开液体的体积不同，弹簧测力计读数不同，所以得出浮力大小与排开液体的体积有关；
（4）AB、弹簧测力计浸入液体前的示数即为物体的重力，即重力G=2.4N，根据G=mg可知，；
根据示重法，结合图AD或图AC可求出物体完全浸没在水中时受到的浮力F浮=G-F=2.4N-1.4N=1N；
由F浮=ρ液gV排及浸没时物体体积等于排开液体的体积得，V物=V排；
物体的密度为：，故物块的体积、密度均可以求出，故AB不合题意；
C、盐水的质量未知，通过实验数据无法得知盐水的体积，故C符合题意；
D、同理，利用图AE可求出物块浸没在盐水中受到的浮力，即排开盐水的重力，可得出排开盐水的质量，又知道物块的体积（排开盐水的体积），利用密度公式可求盐水的密度，故D不合题意。
（5）液体的密度相同时，物体受到的浮力与排开液体的体积成正比，即底面积相同的物体，物体受到的浮力与浸入的深度成正比，当物体完全浸没时，物体受到的浮力不变，根据F浮=G-F′可知，浮力先变大后不变，弹簧测力计示数则先变小后不变，所以反映浮力F和物块下表面在水中的深度h关系的图象是C，反映弹簧测力计示数F和物块下表面在水中的深度h关系的图象是D。
【分析】（1）根据测力计分度值，结合对应刻度读数，受到的浮力大小；
（2）要探究浮力大小是否与物体浸没在液体中的深度有关，需保持物体排开液体的密度和体积不变，只改变物体浸没在液体中的深度；
（3）物体受到的浮力大小与物体排开液体的体积有关；
（4）利用F浮=ρ液gV排和，根据F浮=G-F，可求出密度；
（5）液体密度相同时，物体所受浮力的大小于排开液体的体积成正比，当物体完全浸没时受到的浮力不变，弹簧测力计的示数不变，根据称重法可知物体所示浮力与深度的关系。
16．【答案】（1）
（2）灯泡断路
（3）A|0.75
（4）R2|③
（5）C
（6）
【知识点】电路的构成及电路图；电路故障的判断；探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）电压表与灯泡并联，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，滑动变阻器一上一下接入电路，由电路图可知，滑动变阻器左下接线柱连入电路中，如图所示：
；
（2）小灯泡不亮，电流表无示数，说明电路可能断路；电压表指针偏转到最右端，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，与电压表并联的部分断路，即与电压表并联的灯泡断路了；
（3）灯在额定电压下正常发光，小灯泡的实际电压2.2V小于灯泡的额定电压2.5V，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压的规律，应减小滑动变阻器两端的电压，由分压原理可知，应减小滑动变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向A移动，直到电压表示数为灯泡的额定电压2.5V；当小灯泡正常发光时，电流表示数为0.3A，小灯泡的额定功率是：P额=U额I额=2.5V×0.3A=0.75W；
（4）由表中数据可知，当灯泡两端的电压UL=0.5V时，电路中的电流I=0.16A，由串联电路的电压特点可知，此时滑动变阻器两端的电压：U滑=U-UL=4.5V-0.5V=4V，由欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的电阻：，由表中数据可知，电路中的电流大于0.1A，故张三选择的滑动变阻器是规格为“50Ω 1A”的R2；
根据表中数据，第1次灯的电阻为：，同理，第2次和6次的电阻分别为5Ω和8.3Ω，灯的电阻随温度的升高而变大；
图丙中②表示电流与电压成正比，电阻为一定值，与②相比，相同电压下，通过灯的电流应变小，其中正确的是③；
（5）当P0=4P1时，假设灯泡的电阻不变，根据P=UI=知，此时灯的额定电压应为实际电压的2倍，但实际小灯泡的电阻随温度的升高而变大，所以当实际电压为额定电压的时，温度变低，这时灯的实际电阻小于灯正常发光时的电阻，则实际电压要小于额定电压的，即额定电压要大于实际电压的两倍，即U0＞2U1，因此U0=3U1比较接近事实，故选C；
（6）①闭合开关，将滑片移至最右端，读出电流表示数为I1；②将滑片移至最左端，读出电流表示数为I2；
将滑片移至最右端时，滑动变阻器接入电路的阻值为0，通过定值电阻Rx的电流为I1，根据欧姆定律可得，电源电压为：U=I1Rx；
将滑片移至最左端时，滑动变阻器接入电路的阻值为最大电阻R0，此时电路中的电流为I2，根据串联电路中电压规律和欧姆定律可得电源电压为：U=I2（Rx+R0），
由电源电压相等可以得出：I1Rx=I2（Rx+R0），解得：。
【分析】 （1）电压表与灯泡并联，灯泡与滑动变阻器串联接入电路，根据电路图确定滑动变阻器的接法；
（2）从小灯泡不亮，电流表无示数，与电压表并联的部分断路；
（3）将小灯泡的实际电压与灯泡的额定电压比较，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；根据P=UI可求出灯泡的额定功率；
（4）根据串联电路的特点和欧姆定律计算出电路中电流最小时滑动变阻器接入电路的电阻，进而确定滑动变阻器的规格；由欧姆定律得出电阻，灯的电阻随温度的升高而变大；
（5）根据P=UI，求出实际功率；
（6）根据公式I1Rx=I2（Rx+R0），求出电阻表达式。
17．【答案】（1）这台机器空载且静止时，对水平地面的压力：
F＝G＝mg＝3200kg×10N/kg＝3.2×104N，
对水平地面的压强：
p＝＝＝4×105Pa；
答：这台机器空载且静止时，对水平地面的压强是4×105Pa
（2）该机器做的有用功：
W有＝Gh＝1000N×8m＝8×103J，
由v＝可得，该机器工作的时间：
t＝＝＝40s，
由P＝可得，起升电机做的总功：
W总＝Pt＝4000W×40s＝1.6×105J，
机器的机械效率：
η＝×100%＝×100%＝5%；
答：该机器做的有用功是8×103J，机械效率是5%
【知识点】压强的大小及其计算；机械效率的计算；功的计算及应用；有用功和额外功
【解析】【分析】（1）根据公式 F＝G＝mg 及，可求出压强；
（2）根据公式 W有＝Gh 、 W总＝Pt 及，可求出有用功及机械效率。
18．【答案】（1）足浴器的额定功率为220V，加热功率为880W，
由P＝UI可得，足浴器在加热状态下正常工作时的电流：
I＝＝＝4A；
答：足浴器在加热状态下正常工作时的电流是4A
（2）由图知，足浴器将水加热到42℃，水吸收的热量：
Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg ℃）×5kg×（42℃﹣20℃）＝4.62×105J；
不计热量损失，则Q吸＝Q放＝W＝Pt，加热所用的时间：
t＝＝＝525s；
答：水吸收的热量是4.62×105J；加热所用的时间是525s
（3）加热状态下，足浴器的电阻：
R＝＝＝55Ω，
当实际电压为200V时，足浴器的实际加热功率：
P实＝＝≈727.27W；
答：若晚上用电高峰时的实际电压只有200V，足浴器的实际加热功率是727.27W
【知识点】电功率与电压、电流的关系；电功与热量的综合计算
【解析】【分析】（1）根据公式，可求出电流；
（2）根据公式 Q吸＝cm（t﹣t0） 及，可求出吸收的热量及时间；
（3）根据公式，可求出实际功率。
19．【答案】（1）上方
（2）阻|惯性
（3）内|紫外线
（4）C
（5）6×104
（6）0.18Ek0
【知识点】动能大小的比较；平衡力的辨别；压强的大小及其计算；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】（1）在平面镜中成像时，物像关于平面镜对称， 救护车前面的挡风玻璃是倾斜的，这样可以使汽车在夜间行驶时车内物体的像成在汽车的上方，避免物体的像干扰司机视线；
（2）救护车在平直公路上匀速前进时，处于平衡状态，所受牵引力和阻力大小相等，方向相反，作用在同一物体上，并且作用在同一直线上是一对平衡力；救护车制动后，不会立刻停止，而是会继续前进一段距离，是因为救护车具有惯性；
（3）在利用电热器高温消毒的过程中，电热器将电能转化为消毒液的内能；紫外线具有杀菌消毒的作用，车内消毒灯是利用紫外线进行消毒的；
（4）环境大气压小于外界大气压时为负压状态；
A、 高空飞行中漏气的飞机机舱外由于飞机的带动气体流速大、压强小，小于机舱内的气压，故A错误；
B、漏气的气球内的气压大才可以将球内气体排出，大于外界大气压，不处于“负压”状态，故B错误；
C、正常工作时的吸尘器，吸尘器扇叶周围的空气流速快，故气压小于外界大气压，处于“负压”状态，故C正确；
故选：C；
（5）因为负压救护车车内气压为外界气压的90%，则内外压强差Δp=（1-90%）p0=0.1×1×105Pa=104Pa；
又由可得： 车顶内外大气产生的压力差约为ΔF=ΔpS=104Pa×6m2=6×104N；
（6）关闭再生制动器的情况下，汽车运动过程中所受阻力恒定不变，则汽车将均匀减速，其动能也均匀减小，故其图像为倾斜的直线，
由图像可知，关闭再生制动器时能运动到80m处，开启再生制动器时，能运动到76m处，
则转化为机械能的效率η=×100%＝80%，则储能效率为η′=1-80%=20%；
若再生制动器开启时，其获得的能量中有90%被汽车蓄电池储存起来，则蓄电池增加的能量为W=90%×20%×Ek0=0.18Ek0。
【分析】（1）物体在平面镜中成虚像，物像关于平面镜对称；
（2）两个力同时作用在同一物体同一直线上，如果物体保持静止或匀速直线运动状态，则这两个力衡；把物体保持运动状态不变的性质叫做惯性；
（3）电热器将电能转化为内能，紫外线可以用来杀菌和消毒；
（4）流速大的位置压强小；
（5）负压救护车车内气压为外界气压的90%，可求出压强差，再由F=pS可得压力差；
（6）汽车机械能的减少通过克服摩擦力做功转化为内能和电能，利用图像可求机械能转化的效率，进而确定储能效率。
广东省深圳市2023年中考物理二模试卷
一、单项选择题（共5小题，每题2分，共10分；每小题只有一个选项符合题意）
1．（2023·深圳模拟）实践证明，“测体温”、“勤洗手”、“要消毒”及“戴口罩”等措施可以有效防止新冠病毒的传播，对这些措施中相关数据估测符合实际的是（ ）
A．“测体温”：人体的正常体温约为37.3℃
B．“勤洗手”：每次洗手时间应不少于20s
C．“要消毒”：一张消毒湿巾厚度约为2nm
D．“戴口罩”：一只医用外科口罩约为50g
【答案】B
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；时间的估测；长度的估测
【解析】【解答】 A、人体的正常体温约为36℃~37℃，故A错误；
B、为了保证清洁效果，每次洗手时间应不少于20s，故B正确；
C、 一张湿巾的行业标准厚度为0.5cm ，故C错误；
D、一个鸡蛋质量大约50g，一只医用外科口罩质量比鸡蛋小得多，约为5g，故D错误。
故答案为：B。
【分析】根据常见的温度、时间、长度及质量，结合数据解答。
2．（2023·深圳模拟）描述二十四节气的诗句中蕴含着丰富的物理知识，以下说法正确的是（ ）
A．立春：“大地阳和暖气生”，大地内能的增加是太阳通过做功的方式实现的
B．清明：“清明时节雨纷纷”，雨的形成是凝固现象
C．秋分：“丹桂小菊万径香”，桂花飘香说明分子在永不停息地做无规则运动
D．霜降：“一朝秋暮露成霜”，霜的形成需要吸热
【答案】C
【知识点】液化及液化放热；凝华及凝华放热；做功改变物体内能；分子热运动
【解析】【解答】 ：A、“大地阳和暖气生”大地内能的增加是大地吸收太阳的热量，温度升高，内能增加，是通过热传递的方式实现，故A错误；
B、雨的形成是空气中的水蒸气遇冷液化成的小水滴，故B错误；
C、“丹桂小菊万径香”，是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故C正确；
D、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，凝华属于放热过程，故D错误；
故选：C。
【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，凝华放热；由气态变为液态叫液化；由液态变为固态叫凝固；扩散现象说明分子在不停地做无规则运动。
3．（2023·深圳模拟）如图所示，在北京冬奥会高台跳雪比赛中，运动员由高处急速滑下，在即将到达赛道底部时，他双膝弯曲，使劲一蹬，顺势跃向空中，为减小空气阻力影响，他上身前倾，双臂后摆，整个身体就像一架飞机，向前滑翔。有关滑雪中的相关物理知识说法正确的是（ ）
A．雪橇底部是光滑的，目的是减小压力便于运动员滑得更快
B．运动员向后撑地增大下滑速度，说明力能改变物体的运动状态
C．运动员跃向空中下落过程，运动员的重力势能减小、机械能增大
D．整个身体就像一架飞机，是利用空气流速大的位置压强大获得升力
【答案】B
【知识点】势能大小的比较；力的作用效果；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】 A、雪橇底部是光滑的，是在压力一定时，通过减小接触面粗糙程度来减小摩擦，利于运动员滑得更快，故A错误；
B、物体的运动状态的改变包括速度大小和方向的变化，运动员向后撑地增大下滑速度，说明力能改变物体的运动状态，故B正确；
C、运动员下落过程，质量不变，高度减小，重力势能减小，运动员下落过程，由于存在摩擦，克服摩擦做功，机械能转化为内能，机械能减小，故C错误；
D、整个身体就像一架飞机，飞机的机翼能获得向上的升力，是因为上方空气流速快压强小的原因，是应用了流速越大流体的压强越小的原理，故D错误。
故选：B。
【分析】在压力一定时，通过减小接触面粗糙程度可以减小摩擦；物体的运动状态的改变包括速度大小和方向的变化；质量不变，高度减小，重力势能减小；流体在流速大的地方压强小、在流速小的地方压强大。
4．（2022八下·招远期末）神舟13号航天员王亚平在机械臂（图 示）的辅助下成功从天和核心舱出舱。机械臂的功能类似于人的手臂（杠杆），具有抓住、拉回、锁死等功能。如图工具在使用时与机械臂工作时属于同一类杠杆的是（ ）
A． 起子 B． 核桃夹
C． 钳子 D． 食品夹
【答案】D
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】机械臂在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
A．瓶盖上面和起子的接触点是支点，起子和瓶盖下的接触点为阻力作用点，手的作用点为动力作用点，动力臂大于阻力臂，都是省力杠杆，A不符合题意；
B．核桃夹两臂的轴为支点，核桃臂和核桃的接触点为阻力作用点，手的作用点为动力作用点，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，B不符合题意；
C．钳子两臂的轴为支点，钳子和铁丝的接触点为阻力作用点，手的作用点为动力作用点，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，C不符合题意；
D．食品夹在使用过程中，最上端为支点，手按的位置到支点的距离为动力臂，食物到支点的距离为阻力臂，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】使用杠杆时，动力臂小于阻力臂时，是费力杠杆。
5．（2019九上·昌平期末）为监测教室环境中PM2.5的浓度，物理科技小组同学们设计了如图的电路图，其中电源两端电压保持不变，R是定值电阻，Q为气敏元件（Q在电路中的作用相当于一个可变电阻，其阻值随PM2.5浓度的增大而减小）。闭合开关S，当教室内PM2.5的浓度增大时，下列判断中正确的是（ ）
A．电路中的总电阻变大 B．电压表示数变大
C．电流表示数变小 D．电路中的总功率变小
【答案】B
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】解：A、定值电阻与气敏元件串联，电压表测R的电压，电流表测电路中的电流，当教室内PM2.5的浓度增大时电阻变小，根据电阻的串联，电路中的总电阻变小，A不符合题意；
BCD、由欧姆定律，电路中的电流变大，C不符合题意；
根据U＝IR，电压表示数变大，B符合题意；根据P＝UI，电路的总功率变大，D不符合题意。
故答案为：B
【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，根据教室内PM2.5的浓度增大时电阻变化情况，根据电阻的串联确定电路中的总电阻变化；由欧姆定律，分析电路中的电流变化情况；根据U=IR得出电压表示数变化；根据P=UI判断电路的总功率变化.
二、双项选择题（共5小题，每题2分，共10分；每小题有二个选项符合题意，全对每小题得2分，选对1个得1分，有选错该题不得分）
6．（2023·深圳模拟）2021年12月9日15：40分，航天员翟志刚、王亚平、叶光富在中国空间站进行了一堂生动有趣的太空授课。如图所示，王亚平在一个水透镜里注入一些气体后，既能看到倒立的像，也能看到正立的像。关于太空授课，下列说法中正确的是（ ）
A．天宫课堂不能通过超声波向地面传递信息
B．能同时观察到两个不同的像，是因为光在太空中不遵循折射规律
C．由水做成的凸透镜可以成倒立缩小的实像
D．航天员在太空处于失重状态，故质量和密度均为零
【答案】A,C
【知识点】质量及其特性；密度及其特性；光的折射规律；凸透镜成像规律及其探究实验；声音的传播条件
【解析】【解答】 A、声音传递需要介质，真空不能传声，超声波属于声波，天宫课堂不能通过超声波向地面传递信息，故A正确；
B、凸透镜成像原理是光的折射，能同时观察到两个不同的像，是因为光在太空中遵循折射规律，故B错误；
C、由水做成的凸透镜当满足物体距透镜二倍焦距外时，可以成倒立缩小的实像，故C正确；
D、质量是物体的一种基本属性，与物体的状态、形状、温度、所处的空间位置的变化无关；密度是物质的一种特性，它不随物质的质量或体积的变化而变化；故航天员进入空间站后，质量和密度不变，故D错误。
故选：AC。
【分析】 声波不能真空中传播；光在太空中遵循折射规律；凸透镜所成的实像物体距透镜二倍焦距外时，成倒立缩小的实像；质量是物体的一种基本属性，与物体的状态、形状、温度、所处的空间位置的变化无关；密度是物质的一种特性，它不随物质的质量或体积的变化而变化。
7．（2023·深圳模拟）用如图甲所示的滑轮组提升物体M，已知被提升的物体M质量为76kg，绳子自由端的拉力F将物体M以0.5m/s的速度匀速提升了10m的高度，此过程中，拉力F做的功W随时间t的变化图像如图乙所示，g取10N/kg，不计绳重和摩擦力大小。下面分析不正确的是（ ）
A．此过程中，绳子自由端的拉力F大小为400N
B．动滑轮重力为70N
C．当t＝10s时，M克服重力所做的功为4000J
D．当物体M上升过程中，该滑轮组提升物体的机械效率为95%
【答案】B,C
【知识点】滑轮（组）的机械效率；滑轮与功的综合题
【解析】【解答】A、由得，物体被提升10m所需的时间：，根据图乙可知，此过程中绳子自由端拉力F做的总功是8000J，由图甲可知承重绳段数n=2，绳子自由端移动的距离：s=nh=2h=2×10m=20m，由W总=Fs得，拉力为，故A正确；
B、物体M的重力：G物=mg=76kg×10N/kg=760N；
因为不计绳重和摩擦时F=（G+G动），所以动滑轮的重力：G动=nF-G=2×400N-760N=40N，故B错误；
C、由可知，t'=10s物体被提升的高度：h'=vt'=0.5m/s×10s=5m，M克服重力所做的功：W有'=Gh'=760N×5m=3800J；故C错误；
D、物体被提升10m所做的有用功：W有=Gh=760N×10m=7600J，滑轮组的机械效率：，故D正确。
故选：BC。
【分析】根据求出物体被提升10m所需的时间，根据W总=Fs求拉力；根据G=mg求物体的重力，利用不计绳重和摩擦时G动=nF-G求动滑轮的重力；根据求出t=10s物体被提升的高度，利用W有=Gh求M克服重力所做的功；利用求滑轮组的机械效率。
8．（2023·深圳模拟）下列说法正确的是（ ）
A．现代火箭用液态氢作燃料，是因为氢的比热容大
B．汽车发动机的做功冲程将内能转化为机械能
C．新型电热毯的电阻丝是用超导材料制成的
D．摩擦起电并不是创造了电荷，只是电荷从一个物体转移到另一个物体
【答案】B,D
【知识点】燃料的热值；内燃机的四个冲程；焦耳定律的应用
【解析】【解答】 A、现代火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量，且氢气燃烧后的产物是无污染的水，故A错误；
B、发动机做功冲程，燃气推动活塞做功，将内能转化为机械能，使汽车获得动力，故B正确；
C、超导体的电阻为零，不会产生电热，新型电热毯是利用电流的热效应工作的，电阻丝不能用超导体制作，故C错误；
D、摩擦起电并不是创造了电荷，只是电荷从一个物体转移到另一个物体，得到电子的物体带正电，失去电子的物体带正电，故D正确。
故选：BD。
【分析】 完全燃烧相同质量的燃料时，热值高的放出的热量多，汽车发动机的做功冲程将内能转化为机械能，使汽车获得动力；新型电热毯是利用电流的热效应工作的；摩擦起电的实质是电荷的转移。
9．（2023·深圳模拟）有两个电路元件甲和乙，通过元件的电流与其两端电压的关系如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．甲是定值电阻，其电阻值保持10Ω不变
B．乙元件两端电压增大时，电阻值增大了
C．甲、乙并联，当电源电压为2V时，甲的电功率比乙大
D．甲、乙串联，当电路中的电流为0.2A时，电路总功率为1.2W
【答案】B,D
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】A、电阻的U-I图像是过原点的倾斜直线时，该电阻为定值电阻，即甲是定值电阻；
根据欧姆定律结合图像数据可知，甲的阻值，故A错误；
B、根据图像数据，当乙元件两端的电压为1V时，通过乙的电流为0.1A，根据欧姆定律可知此时乙的阻值，当乙元件两端的电压为5V时，通过乙的电流为0.25A，根据欧姆定律可知此时乙的阻值，故乙的电阻随电压的增大而增大，故B正确；
C、并联电路电压相等，甲、乙并联，当电源电压为2V时，甲、乙两端的电压都为2V，根据图像数据通过甲的电流小于通过乙的电流，根据P=UI可知甲的电功率比乙小，故C错误；
D、甲、乙串联，根据串联电路电流相等，从图中可知，当电路中的电流为0.2A时，甲、乙两端的电压分别为4V和2V，根据P=UI可知甲的功率为P甲=U甲I=4V×0.2A=0.8W，乙的功率为P乙=U乙I=2V×0.2A=0.4W，电路总功率为P=P甲+P乙=0.8W+0.4W=1.2W，故D正确。
故选：BD。
【分析】定值电阻的电流与电压成正比；根据公式，可求出电阻；根据公式P=UI，可求出电功率。
10．（2023·深圳模拟）下列说法正确的是（ ）
A．图甲：家庭电路中开关和电灯的安装正确
B．图乙：当人触电时，应及时切断电源或用干木棒挑开电源线
C．图丙：探究的是电磁铁A、B的磁性强弱与电流大小的关系
D．图丁：导体AB沿水平方向左右运动时，电流表指针偏转
【答案】B,D
【知识点】家庭电路的连接；安全用电原则；探究电磁感应现象的实验；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】 A、开关应该接在火线上，图甲的开关接在零线上，故A错误；
B、图乙：当人触电时，应及时切断电源或用干木棒挑开电源线，故B正确；
C、图丙：两个电磁铁串联在电路中，电流相等，线圈的匝数不同，吸引大头针的数量不同，探究的是电磁铁A、B的磁性强弱与线圈匝数的关系，故C错误；
D、图丁：导体AB沿水平方向左右运动时，导体做切割磁感线运动，会产生感应电流，电流表指针偏转，故D正确。
故选：BD。
【分析】 家庭电路的开关要接在火线上，开关与灯泡串联；发生触电事故时，应该首先切断电源或用干木棒挑开电源线；电磁铁的磁性强弱与电流的强弱和线圈的匝数有关；闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象。
三、作图题（共2小题，共4分）
11．（2022·禅城模拟）如图是一名滑雪运动员沿斜面自由下滑时的场景，其中O为滑雪爱好者的重心，请在图中画出斜面对运动员的作用力的示意图。
【答案】解：如图所示：
【知识点】力的三要素及力的示意图；摩擦力的示意图
【解析】【解答】运动员沿斜面向下滑时，受到斜面的支持力F，方向垂直于斜面向上，受到斜面的摩擦力f，方向平行于斜面向上，力的示意图如下图所示
【分析】摩擦力和物体的相对运动方向相反；支持力和支撑面垂直。
12．（2023·深圳模拟）如图甲所示的磁悬浮地球仪的球体内有一个条形磁体，下方底座内有一个电磁铁。开关闭合后，地球仪就可以悬浮在空中。图乙是其内部结构示意图，请根据图示磁感线的方向，在图乙中标出球体内条形磁体的N、S极和电源的“+、﹣”极。
【答案】
【知识点】地磁场；安培定则；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】磁体周围的磁感线从N极出发，回到S极，所以电磁铁的上端为N极，下端为S极，根据安培定则可知，用右手握住螺线管，四指指向电流方向，拇指指向通电螺线管的N极，故电流从电磁铁的下端流入，上端流出，所以电源的下端为正极，上端为负极；地球仪可以悬浮在空中，是因为受到排斥力的作用，根据同名磁极相互排斥可知，条形磁体的下端为N极，如图所示：
【分析】磁体周围的磁感线从N极出发，回到S极；根据安培定则，可判断电源正负极；同名磁极相互排斥。
四、填空题（共4小题，每空1分，共22分）
13．（2023·深圳模拟）如图所示是甲、乙两物体从同一位置向同一方向做直线运动的s﹣t图像。由图像可知：
（1）甲物体做 运动；
（2）第8s～第24s，乙物体处于 状态；
（3）第24s后以甲为参照物，乙是 （选填“运动”或“静止”）的；
（4）第4s～第19s，甲和乙的平均速度 （选填“v甲＞v乙”、“v甲＜v乙”或“v甲＝v乙”）。
【答案】（1）匀速直线
（2）静止
（3）静止
（4）v甲＝v乙
【知识点】时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】（1）由图可知，甲的s-t图像是倾斜直线，甲单位时间内通过的路程相等，说明甲一直做匀速直线运动；
（2）由图可知，第8s～第24s，乙的s-t图像是水平直线，乙的位置不随时间的变化而变化，说明乙在这段时间处于静止状态；
（3）由图可知，甲的速度为：；
24～30s内乙做匀速直线运动，这段时间内乙的速度为：；
由上述分析可知第24s后甲、乙的速度相同，且沿同一方向运动，则以甲为参照物，乙没有位置的变化，则乙是静止的；
（4）由图可知，在第4s～第19s内，甲、乙通过的路程相同，由知甲、乙的平均速度相同，即v甲=v乙。
【分析】根据公式，可求出速度；s-t图像是倾斜直线物体做匀速直线运动；相对于参照物物体没有位置的变化，物体是静止的。
14．（2023·深圳模拟）按要求完成下列填空。
（1）如图甲所示，物体A的长度是 cm。
（2）如图乙所示，温度计读数方法正确的是 （选填“A”、“B”或“C”）。
（3）如图丙所示，为了测量某种液体的密度，把盛有适量液体的烧杯放在调节好的天平左盘内，增减右盘砝码，调节游码使横梁重新平衡，此时砝码质量和游码在标尺上的位置如图1所示，则烧杯和液体的总质量为 g；将烧杯中的一部分液体倒入量筒中，如图2所示；再用天平测出烧杯和剩余液体的总质量为30g。根据上述实验数据计算得，这种液体的密度为 kg/m3。
（4）如图丁所示，小明家的电能表安装时的示数为零，到目前为止小明家已消耗 kW h的电能。
【答案】（1）1.30
（2）B
（3）62.4|1.08×103
（4）524.8
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量的测量与天平的使用；液体密度的测量；长度及其测量；电能表参数的理解
【解析】【解答】（1）甲图中刻度尺的每一大格为1cm，分10个小格，每小格为0.1cm，即分度值0.1cm，刻度尺测量长度要估读到分度值的下一位，则A的长度为7.30cm-6.00cm=1.30cm；
（2）温度计读数时，视线要与温度计中液柱的液面相齐，所以图乙中温度计读数方法正确的是B；
（3）图1中标尺上每一大格为1g，分5个小格，即分度值为0.2g，则烧杯和液体的总质量为m总=50g+10g+2.4g=62.4g；
倒入量筒中的液体的质量m=m总-m剩=62.4g-30g=32.4g，
图2中量筒的每一大格为10cm3，分度值为1cm3，所以量筒中液体的体积为30cm3，
液体的密度为；
（4）电能表方框中的数字即为小明家消耗的电能，电能表的最后一位的十分位，单位是kW h，即524.8kW h。
【分析】（1）看清刻度尺的分度值，结合对应刻度做差求出长度；
（2）温度计读数时，视线要与温度计中液柱的液面相齐；
（3）根据，计算液体的密度；
（4）电能表的最后一位的十分位，单位是kW h。
15．（2023·深圳模拟）小虹利用弹簧测力计、实心圆柱体物块、烧杯等器材，探究浮力的大小跟哪些因素有关。她提出如下猜想，设计并进行了实验。
猜想a：浮力大小与物体浸没在液体中的深度有关；
猜想b：浮力大小与物体排开液体的体积有关；
猜想c：浮力大小与液体的密度有关。
小虹的操作步骤及测量数据如图所示。
（1）由测量数据可得：B步骤中圆柱体物块受到水的浮力为 N。
（2）分析 （填出步骤的序号）三次实验的数据，可以验证猜想a是错误的。
（3）分析A、B、C三次实验，可知浮力大小与 有关。
（4）进一步学习了阿基米德原理之后，利用图中的测量数据，还可以计算出其它一些物理量（水的密度已知），下列物理量中不能计算出的是 （填序号）。
A．物块的体积 B．物块的密度 C．盐水的体积 D．盐水的密度
（5）图中正确反映弹簧测力计示数F和物体下表面在水中的深度h关系的图象是 。（物体未接触容器底）
【答案】（1）0.4
（2）A、C、D
（3）排开液体的体积
（4）C
（5）D
【知识点】探究浮力大小的实验
【解析】【解答】（1）测力计分度值为0.2N，由图A可知，物体的重力为2.4N；B中测力计的示数为2N，
所以此时受到的浮力为：F浮=G-F=2.4N-2N=0.4N；
（2）为了验证浮力大小跟物体浸没在液体中的深度是否有关时， 找深度不一样但是其它量都一样的两组实验，发现CD符合，CD弹簧测力计的读数一样，说明猜想a错误， 故选A、C、D三次实验；
（3） 观察ABC三组实验的不同之处，BC排开液体的体积不同，弹簧测力计读数不同，所以得出浮力大小与排开液体的体积有关；
（4）AB、弹簧测力计浸入液体前的示数即为物体的重力，即重力G=2.4N，根据G=mg可知，；
根据示重法，结合图AD或图AC可求出物体完全浸没在水中时受到的浮力F浮=G-F=2.4N-1.4N=1N；
由F浮=ρ液gV排及浸没时物体体积等于排开液体的体积得，V物=V排；
物体的密度为：，故物块的体积、密度均可以求出，故AB不合题意；
C、盐水的质量未知，通过实验数据无法得知盐水的体积，故C符合题意；
D、同理，利用图AE可求出物块浸没在盐水中受到的浮力，即排开盐水的重力，可得出排开盐水的质量，又知道物块的体积（排开盐水的体积），利用密度公式可求盐水的密度，故D不合题意。
（5）液体的密度相同时，物体受到的浮力与排开液体的体积成正比，即底面积相同的物体，物体受到的浮力与浸入的深度成正比，当物体完全浸没时，物体受到的浮力不变，根据F浮=G-F′可知，浮力先变大后不变，弹簧测力计示数则先变小后不变，所以反映浮力F和物块下表面在水中的深度h关系的图象是C，反映弹簧测力计示数F和物块下表面在水中的深度h关系的图象是D。
【分析】（1）根据测力计分度值，结合对应刻度读数，受到的浮力大小；
（2）要探究浮力大小是否与物体浸没在液体中的深度有关，需保持物体排开液体的密度和体积不变，只改变物体浸没在液体中的深度；
（3）物体受到的浮力大小与物体排开液体的体积有关；
（4）利用F浮=ρ液gV排和，根据F浮=G-F，可求出密度；
（5）液体密度相同时，物体所受浮力的大小于排开液体的体积成正比，当物体完全浸没时受到的浮力不变，弹簧测力计的示数不变，根据称重法可知物体所示浮力与深度的关系。
16．（2023·深圳模拟）张三同学按照图甲所示的电路图测量小灯泡在不同电压下的电功率。已知小灯泡的额定电压为2.5V、电源电压恒为4.5V、滑动变阻器R1“20Ω 1A”、R2“50Ω 1A”、R3“100Ω 0.1A”、电流表、电压表等。
（1）请根据图甲的电路图用笔画线代替导线将图乙的实物连接成完整电路（导线不许交叉）。
（2）电路连接正确后，闭合开关，发现小灯泡不亮，而电流表无示数，电压表指针偏转到最右端。则可能的故障是 。
（3）排除故障后张三继续实验。闭合开关，移动滑片，电压表示数为2.2V，在甲电路图中，若要灯泡正常发光，则应向 （选填“A”或“B”）端移动滑片，当小灯泡正常发光时，电流表示数为0.3A，小灯泡的额定功率为 W。
张三陆续测量出了灯泡在不同电压下对应的电流，并把测得的数据填写在表中。
实验次数 1 2 3 4 5 6
电压U/V 0.5 0.9 1.3 1.7 2.1 2.5
电流I/A 0.16 0.18 0.22 0.24 0.26 0.3
实际功率P/W 0.08 0.162 0.286 0.408 0.546
（4）根据表中数据可知，张三选择的滑动变阻器是 （选填“R1”、“R2”或“R3”）。同组的另外三名同学根据表格中的数据描绘出小灯泡中的电流随它两端电压变化的图象如图丙所示，其中正确的是 （选填“①”、“②”或“③”）。
（5）若小灯泡的额定功率P0与某次工作时的实际功率P1满足P0＝4P1，则以下关于额定电压U0与实际电压U1的数值关系，你认为最有可能的是 。
A．U0＝1.5U1 B．U0＝2U1 C．U0＝3U1
（6）完成实验后，张三还想测量某一定值电阻Rx的阻值，用Rx替换了小灯泡，同时还发现电压表损坏，于是用如图丁所示的电路完成了实验，已知滑动变阻器的最大阻值为R0，他的实验步骤：
①闭合开关，将滑片移至最右端，读出电流表示数为I1；
②将滑片移至最左端，读出电流表示数为I2；
则电阻Rx的阻值表达式：Rx＝ （用I1、I2、R0表示）。
【答案】（1）
（2）灯泡断路
（3）A|0.75
（4）R2|③
（5）C
（6）
【知识点】电路的构成及电路图；电路故障的判断；探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）电压表与灯泡并联，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，滑动变阻器一上一下接入电路，由电路图可知，滑动变阻器左下接线柱连入电路中，如图所示：
；
（2）小灯泡不亮，电流表无示数，说明电路可能断路；电压表指针偏转到最右端，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，与电压表并联的部分断路，即与电压表并联的灯泡断路了；
（3）灯在额定电压下正常发光，小灯泡的实际电压2.2V小于灯泡的额定电压2.5V，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压的规律，应减小滑动变阻器两端的电压，由分压原理可知，应减小滑动变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向A移动，直到电压表示数为灯泡的额定电压2.5V；当小灯泡正常发光时，电流表示数为0.3A，小灯泡的额定功率是：P额=U额I额=2.5V×0.3A=0.75W；
（4）由表中数据可知，当灯泡两端的电压UL=0.5V时，电路中的电流I=0.16A，由串联电路的电压特点可知，此时滑动变阻器两端的电压：U滑=U-UL=4.5V-0.5V=4V，由欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的电阻：，由表中数据可知，电路中的电流大于0.1A，故张三选择的滑动变阻器是规格为“50Ω 1A”的R2；
根据表中数据，第1次灯的电阻为：，同理，第2次和6次的电阻分别为5Ω和8.3Ω，灯的电阻随温度的升高而变大；
图丙中②表示电流与电压成正比，电阻为一定值，与②相比，相同电压下，通过灯的电流应变小，其中正确的是③；
（5）当P0=4P1时，假设灯泡的电阻不变，根据P=UI=知，此时灯的额定电压应为实际电压的2倍，但实际小灯泡的电阻随温度的升高而变大，所以当实际电压为额定电压的时，温度变低，这时灯的实际电阻小于灯正常发光时的电阻，则实际电压要小于额定电压的，即额定电压要大于实际电压的两倍，即U0＞2U1，因此U0=3U1比较接近事实，故选C；
（6）①闭合开关，将滑片移至最右端，读出电流表示数为I1；②将滑片移至最左端，读出电流表示数为I2；
将滑片移至最右端时，滑动变阻器接入电路的阻值为0，通过定值电阻Rx的电流为I1，根据欧姆定律可得，电源电压为：U=I1Rx；
将滑片移至最左端时，滑动变阻器接入电路的阻值为最大电阻R0，此时电路中的电流为I2，根据串联电路中电压规律和欧姆定律可得电源电压为：U=I2（Rx+R0），
由电源电压相等可以得出：I1Rx=I2（Rx+R0），解得：。
【分析】 （1）电压表与灯泡并联，灯泡与滑动变阻器串联接入电路，根据电路图确定滑动变阻器的接法；
（2）从小灯泡不亮，电流表无示数，与电压表并联的部分断路；
（3）将小灯泡的实际电压与灯泡的额定电压比较，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；根据P=UI可求出灯泡的额定功率；
（4）根据串联电路的特点和欧姆定律计算出电路中电流最小时滑动变阻器接入电路的电阻，进而确定滑动变阻器的规格；由欧姆定律得出电阻，灯的电阻随温度的升高而变大；
（5）根据P=UI，求出实际功率；
（6）根据公式I1Rx=I2（Rx+R0），求出电阻表达式。
五、计算题（共2小题，共16分）
17．（2023·深圳模拟）图示为某种型号的剪叉式高空作业平台。这台机器利用起升电机升降作业平台，方便工人高空作业。该机器的部分数据如表所示。
整机质量（空载）/kg 3200
安全工作载荷/kg 200
起升电机额定电压/V 24
起升电机额定功率/kW 4.0
轮胎接地总面积/m2 0.08
（1）这台机器空载且静止时，对水平地面的压强是多大？（g取10N/kg）
（2）起升电机以额定功率工作时，将总重为1000N的人和作业工具以0.2m/s的速度举高8m。该机器做的有用功是多少？机械效率是多少？
【答案】（1）这台机器空载且静止时，对水平地面的压力：
F＝G＝mg＝3200kg×10N/kg＝3.2×104N，
对水平地面的压强：
p＝＝＝4×105Pa；
答：这台机器空载且静止时，对水平地面的压强是4×105Pa
（2）该机器做的有用功：
W有＝Gh＝1000N×8m＝8×103J，
由v＝可得，该机器工作的时间：
t＝＝＝40s，
由P＝可得，起升电机做的总功：
W总＝Pt＝4000W×40s＝1.6×105J，
机器的机械效率：
η＝×100%＝×100%＝5%；
答：该机器做的有用功是8×103J，机械效率是5%
【知识点】压强的大小及其计算；机械效率的计算；功的计算及应用；有用功和额外功
【解析】【分析】（1）根据公式 F＝G＝mg 及，可求出压强；
（2）根据公式 W有＝Gh 、 W总＝Pt 及，可求出有用功及机械效率。
18．（2023·深圳模拟）孝顺的小梅同学给爷爷网购了一台额定电压为220V的双档位电热足浴器。足浴器某次加热工作时的控制面板显示如图所示。
（1）足浴器在加热状态下正常工作时的电流是多大？
（2）足浴器装入质量为5kg，初温为20℃的水，当水温达到控制面板上显示的温度时，水吸收的热量是多少？加热所用的时间是多长？[不计热量损失，水的比热容c水＝4.2×103J/（ kg ℃）]
（3）若晚上用电高峰时的实际电压只有200V，足浴器的实际加热功率是多少？（计算结果保留两位小数，电热丝阻值不变）
【答案】（1）足浴器的额定功率为220V，加热功率为880W，
由P＝UI可得，足浴器在加热状态下正常工作时的电流：
I＝＝＝4A；
答：足浴器在加热状态下正常工作时的电流是4A
（2）由图知，足浴器将水加热到42℃，水吸收的热量：
Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg ℃）×5kg×（42℃﹣20℃）＝4.62×105J；
不计热量损失，则Q吸＝Q放＝W＝Pt，加热所用的时间：
t＝＝＝525s；
答：水吸收的热量是4.62×105J；加热所用的时间是525s
（3）加热状态下，足浴器的电阻：
R＝＝＝55Ω，
当实际电压为200V时，足浴器的实际加热功率：
P实＝＝≈727.27W；
答：若晚上用电高峰时的实际电压只有200V，足浴器的实际加热功率是727.27W
【知识点】电功率与电压、电流的关系；电功与热量的综合计算
【解析】【分析】（1）根据公式，可求出电流；
（2）根据公式 Q吸＝cm（t﹣t0） 及，可求出吸收的热量及时间；
（3）根据公式，可求出实际功率。
六、综合题（共1小题，共8分）
19．（2023·深圳模拟）阅读短文，回答问题。
混合动力负压救护车
混合动力负压救护车的汽油发动机和电动机通过同一个变速器与车轮相连，除了油箱里的汽油之外，它不再需要外界其他能源，与其他汽车不同，该类型汽车在制动时，电动机作为发电机使用，通过再生制动器把汽车的一部分动能转化为电能，实现了对蓄电池充电。
负压救护车最大的特点是负压，在运送病人的过程中，车内气压保持一个特定值为标准大气压的90%，使空气在流动时只能由车外流向车内，而不会把车内可能含有病毒的空气直接流到车外；并且可以利用真空泵将车内的空气通入特制的电热器内进行高温消毒后排出，车上还配备了呼吸机、消毒灯、中心供氧接口等设施。
（1）如图甲，救护车前面的挡风玻璃是倾斜的，这样可以使汽车在夜间行驶时车内物体的像成在汽车的 （填“前方”“上方”或“下方”），避免物体的像干扰司机视线。
（2）救护车在平直公路上匀速前进时，所受牵引力和 力是一对平衡力；救护车制动后，不会立刻停止，而是会继续前进一段距离，是因为救护车具有 。
（3）在利用电热器高温消毒的过程中，电热器将电能转化为 能；车内消毒灯是利用 （填“红外线”或“紫外线”）进行消毒的。
（4）下列实例中处于“负压”状态的有 。
A．高空飞行中漏气的飞机机舱
B．正在漏气的气球
C．正常工作时的吸尘器
（5）若在某地行驶时，车外气压为1个标准大气压，车顶的面积为6m2，车顶内外大气产生的压力差约为 N。（标准大气压取1×105Pa）
（6）某次对比测试中，在车经过O点时开始记录，先让救护车匀速直线行驶60m，然后分别在关闭或打开再生制动器的情况下关闭发动机，结果发现汽车分别在距O点80m和76m的地方停了下来，如果用Ek0表示汽车关闭发动机前的动能，图乙中分别为关闭和打开再生制动器的情况下汽车的Ek﹣s（动能﹣路程）图像，若再生制动器开启时，其获得的能量中有90%被汽车蓄电池储存起来，则蓄电池增加的能量为W＝ 。（用图像中的字母及数字表示）
【答案】（1）上方
（2）阻|惯性
（3）内|紫外线
（4）C
（5）6×104
（6）0.18Ek0
【知识点】动能大小的比较；平衡力的辨别；压强的大小及其计算；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】（1）在平面镜中成像时，物像关于平面镜对称， 救护车前面的挡风玻璃是倾斜的，这样可以使汽车在夜间行驶时车内物体的像成在汽车的上方，避免物体的像干扰司机视线；
（2）救护车在平直公路上匀速前进时，处于平衡状态，所受牵引力和阻力大小相等，方向相反，作用在同一物体上，并且作用在同一直线上是一对平衡力；救护车制动后，不会立刻停止，而是会继续前进一段距离，是因为救护车具有惯性；
（3）在利用电热器高温消毒的过程中，电热器将电能转化为消毒液的内能；紫外线具有杀菌消毒的作用，车内消毒灯是利用紫外线进行消毒的；
（4）环境大气压小于外界大气压时为负压状态；
A、 高空飞行中漏气的飞机机舱外由于飞机的带动气体流速大、压强小，小于机舱内的气压，故A错误；
B、漏气的气球内的气压大才可以将球内气体排出，大于外界大气压，不处于“负压”状态，故B错误；
C、正常工作时的吸尘器，吸尘器扇叶周围的空气流速快，故气压小于外界大气压，处于“负压”状态，故C正确；
故选：C；
（5）因为负压救护车车内气压为外界气压的90%，则内外压强差Δp=（1-90%）p0=0.1×1×105Pa=104Pa；
又由可得： 车顶内外大气产生的压力差约为ΔF=ΔpS=104Pa×6m2=6×104N；
（6）关闭再生制动器的情况下，汽车运动过程中所受阻力恒定不变，则汽车将均匀减速，其动能也均匀减小，故其图像为倾斜的直线，
由图像可知，关闭再生制动器时能运动到80m处，开启再生制动器时，能运动到76m处，
则转化为机械能的效率η=×100%＝80%，则储能效率为η′=1-80%=20%；
若再生制动器开启时，其获得的能量中有90%被汽车蓄电池储存起来，则蓄电池增加的能量为W=90%×20%×Ek0=0.18Ek0。
【分析】（1）物体在平面镜中成虚像，物像关于平面镜对称；
（2）两个力同时作用在同一物体同一直线上，如果物体保持静止或匀速直线运动状态，则这两个力衡；把物体保持运动状态不变的性质叫做惯性；
（3）电热器将电能转化为内能，紫外线可以用来杀菌和消毒；
（4）流速大的位置压强小；
（5）负压救护车车内气压为外界气压的90%，可求出压强差，再由F=pS可得压力差；
（6）汽车机械能的减少通过克服摩擦力做功转化为内能和电能，利用图像可求机械能转化的效率，进而确定储能效率。
