江苏省扬州市树人名校2024年中考物理二模试题
一、选择题：（每题选项中只有一个正确的选项。每题2分，共24分）
1．（2024·扬州模拟）能源、信息和材料是现代社会发展的三大支柱。下列说法中正确的是
A．超导材料可应用于磁悬浮列车和远距离输电线
B．5G手机无线上网是利用了红外线传输信号的
C．太阳能、风能和核能都是可再生能源
D．超市收银员使用的条形码扫描器中的光敏二极管用的主要是磁性材料
2．（2024·扬州模拟）下列估测符合实际的是
A．人正常步行的速度约为15km/h
B．人游泳时受到的浮力约为500N
C．正常人脉搏跳动10次所用时间约为1min
D．一个中学生站立时对地面的压强约1.6×103Pa
3．（2024·扬州模拟）小明和小华在窗边用焦距为10cm的凸透镜贴近报纸看文字，看到了文字的像。在移动凸透镜时，意外发现在报纸上出现了窗外景物的像，如图所示。以下说法错误的是
A．前一次成像时，凸透镜离报纸距离小于10cm
B．后一次成像时，凸透镜离报纸距离稍大于10cm
C．前一次成的是正立的虚像，后一次成的是倒立的实像
D．凸透镜远离报纸时前一次像变小，后一次像变大
4．（2024·扬州模拟）科学家发明了一种世界上最小的温度计“碳纳米管温度计”。研究人员在长约10-6米，直径10-7米的碳纳米管中充入液态的金属镓，当温度升高时，管中的金属镓会膨胀，通过电子显微镜就可读出温度值，其测量范围为18℃-490℃，且精确度高，可用于检查电子线路是否异常、测定毛细血管的温度等许多方面。根据以上信息，你认为下列推测正确的是
A．碳纳米管的体积在 18℃-490℃之间随温度变化较大，可测量温度
B．金属镓的体积在18℃-490℃之间随温度变化较大，可测量温度
C．金属镓的体积在18℃-490℃之间随温度变化不均匀
D．金属镓的熔点很高为490℃
5．（2024·扬州模拟）关于物态变化，下列说法正确的是
A．干冰给食品保鲜，利用了干冰熔化吸热
B．酒精擦在手背上，手背感觉到凉爽，是由于酒精汽化放热
C．北方的冬天，为了保存蔬菜，在菜窖里放几桶水，利用了水凝华放热
D．一瓶水在冰箱冷冻后，取出放一会儿，表面会变湿，是由于水蒸气液化
6．（2024·扬州模拟）水中喷水鱼喷出的水柱能准确击落空中的昆虫。如图所示的四图中，能正确表示水中喷水鱼看到昆虫像的光路图是
A． B．
C． D．
7．（2024·扬州模拟）如图所示，在电梯轿厢的天花板上固定一轻质弹簧，弹簧的另一端连接木块，下列判断正确的是
A．若弹簧处于拉伸状态，人受到的重力和支持力可能二力平衡
B．若弹簧处于压缩状态，人受到的重力和支持力可能二力平衡
C．若弹簧处于拉伸状态，木块受到的重力和拉力一定二力平衡
D．若弹簧处于压缩状态，木块受到的重力和拉力一定二力平衡
8．（2024·扬州模拟）甲、乙两只完全相同的杯子盛有不同浓度的盐水，将同一只鸡蛋先后放入其中，当鸡蛋静止时，两杯中液面相平，鸡蛋所处的位置如图所示，则下列说法正确的是
A．甲杯中液体的密度较大
B．乙杯底部所受液体的压强较大
C．鸡蛋在乙杯中受到的浮力较大
D．鸡蛋在甲杯里排开液体的质量较大
9．（2024·扬州模拟）如图甲、乙所示，相同容器中装有质量相同的纯净水，用不同电加热器加热，忽略散热损失，得到如图丙所示的水温与加热时间的图象，下列说法正确的是
A．加热相同时间，两容器中水吸收的热量相同
B．吸收相同的热量，甲容器中水的末温比乙容器中水的末温高
C．升高相同温度，甲、乙容器中水吸热之比为2：3
D．甲、乙两容器中加热器的电阻之R1和R2比为2：3
10．（2024·扬州模拟）电动汽车的速度由流经电动机的电流大小控制，当驾驶员向下踩油门踏板时，改变接入电路的变阻器阻值，车速变大。下列是该电动汽车的模拟电路，其中符合要求的是
A． B．
C． D．
11．（2024·扬州模拟）如图所示，关于“探究电磁转换”的四个实验，下列说法正确的是
A．甲实验中小磁针最终静止时与通电导线平行
B．乙装置只能研究电磁铁的磁性强弱与线圈匝数的关系
C．丙实验揭示了电生磁现象
D．丁实验说明了磁场对电流有力的作用
12．（2024·扬州模拟）如图甲所示电路中，电源电压不变，R1是阻值为10Ω的定值电阻，R2由三段材料不同、横截面积相同的均匀直导体EF、FG、GH连接而成，其中一段是铜导体，其电阻可忽略不计，另两段导体的阻值与自身长度成正比，P是与R2接触良好并能移动的滑动触头，闭合开关S，将P从H端移到E端时，电流表示数I与P向左移动距离x之间的关系如图乙所示．以下判断正确的是
A．电源电压为12V
B．EF段导体的电阻为20Ω
C．当x=10 cm时，R2功率为0.9w
D．当电流表示数为0.5A时，x的值为4cm
二、填空题：（每空1份，共28分）
13．（2024·扬州模拟）小明利用一根琴弦和一些简单器材制作了如图所示的“单弦琴”， 小车静止在某位置，拨动箭头处琴弦的同时，向小桶里增加沙子，能 (选填“升高”、“降低”)音调；若拨动琴弦后自由释放小车，音调也会改变；若想改变“单弦琴”的音色，可以 。
14．（2024·扬州模拟）图为中国空军教练10高级教练机挂载着火箭巢和机炮吊舱飞行时翼尖拉出的漂亮的涡流。飞机的翼面是使流经上表面的流体 ，因而产生向上的升力。机翼的翼尖和襟翼接缝处因为气流扰动气压下降，水蒸气在此处 （填“吸热”或“放热”） （填物态变化名称）成小水珠，形成涡流。一般在空气湿度比较大的时候才看得到。
15．（2024·扬州模拟）人的前臂可视为一个 杠杆（选填“省力”、“费力”或“等臂”），当人将哑铃由水平位置慢慢向上举起的过程中（如图所示），阻力臂 （选填“不变”、“变大”或“变小”），当人的手臂伸直时，此时光靠肱二、三头肌不能使前臂弯曲，理由是 。
16．（2024·扬州模拟）如图吸和吹都能使烧杯中的水通过吸管上升，水能上升共同的原因是 ，有时我们用甲的方法吸盒装牛奶时很难吸上来，原因可能是 ，有时乙实验不能成功使水上来喷出，则可加大吹气的速度，还可以 使水上来喷出。（写出一种方法）
17．（2024·扬州模拟）如图两幅图选自中国古代科技著作《天工开物》，描述了南北方耕种时的不同之处。甲图“北盖种”描述北方播种后，用驴拉石陀压土埋麦.驴拉石陀的力与石陀拉驴的力是一对 力；乙图“南种牟麦”描述南方播种后用脚压土。土地上留下脚印，说明力可以改变物体的 。乙图中的人提起一只脚会留下更深的脚印，对这一现象的解释是 。
18．（2024·扬州模拟）质量相等分布均匀的实心正方体物块A和B置于水平桌面上如图甲。将B物体沿水平方向截取高为h的柱体，并将该柱体叠放在A上，B剩余部分对桌面的压强p随h的关系如图乙。则B的重力是 N，密度是 kg/m3，当截取高为h=2cm时，A、B剩余部分对桌面的压强相等，当h=10cm时，A对地面的压强是800Pa，则物块A的重力是 N。
19．（2024·扬州模拟）智能光伏公交站可以提供无线电快充、冷饮、wifi等，如图甲是可以提供无线电快充的装置。
（1）此公交站台的能源是 。
（2）如乙图中手机在无线充电时，手机中的受电线圈会产生 ，无线充电工作原理与 （选填“发电机”或“电动机”）工作原理相似。
（3）某款手机锂电池上标有“电压：4V容量：5000mA h”字样.该手机电池充满电后，持续使用一段时间，屏幕显示剩余电量不足20%时，系统就会发出“是否开启省电模式”的提示，此时最好给手机充电续航.若无法充电，则开启“省电模式”后，手机显示还可以持续使用2h，电量将耗尽。文中锂电池最好在电能还剩 J时给它及时充电，此手机在“省电模式”下使用时的平均功率为 W。
20．（2024·扬州模拟）重力储能是一种新型储能方式，它通过提升或放下重物实现能量的储存或释放，能量转化过程如图1所示。空白处的能量形式是 。重力储能可有效提升风能、太阳能等新能源的综合开发利用水平。储能系统将2个质量均为3×104kg， 重物从30m高处放回地面的发电过程中，产生的电能为1.44×107J，则该过程的发电效率是 。据某资料介绍，重力储能系统的综合效率（输出电能与输入电能之比）可达 （已知系统提升重物的效率为90%）。
21．（2024·扬州模拟）图甲所示的是一游乐喷泉向上喷出的水柱使卡通模型悬停在空中的照片，模型悬停在空中时，水冲击到模型时的速度v与模型的质量M、水泵流量Q之间的关系如表。
表二
速度v/(m·s-1) 1.0 2.0 3.0 4.0 6.0
质量M/kg 3.0 6.0 12.0 12.0 12.0
流量Q/(m3)· 0.03 0.03 0.04 0.03 0.02
（1）分析表中数据可知，当卡通模型的质量为30kg，水冲击模型时的速度为5.0m/s时，对应的流量为 m3。
（2）如图乙为控制喷泉断续工作的模拟电路，AB两端输入如图丙所示的周期性变化的电压UAB.定值电阻R=3Ω，D为特殊电子元件。当UAB＜6V时，D两端的电压UD等于输入电压；当UAB≥6V时，UD保持6V不变.只有当R的电功率满足PR≥3W时，水泵启动喷水.则t=3s时电阻R的电功率为 W；该电路工作10min，喷水时间共为 s。
三、解答题（共48分）
22．（2024·扬州模拟）按题目要求完成下列作图．
（1）如图(a)所示，当光线从水中射向空气时，它的入射光线如图所示，请画出反射光线和折射光线；
（2）如图(b)所示是木块静止在斜面上，请作出它所受的重力和它对斜面压力的示意图；
（3）在图(c)中，标出小磁针的S极及螺线管磁感线的方向。
23．（2024·扬州模拟）如图甲是一种新型吊运设备的简化模型示意图，定滑轮的轴和电动机均固定在B点．在一次作业中，该吊运设备匀速竖直提升物体，此时滑轮组的机械效率为80%，被提升的物体上升的速度为0.5m/s，电动机做的功跟时间的变化关系如乙图所示。不考虑滑轮组绳子的质量、滑轮与轴和绳子间的摩擦。求：
（1）此次作业中电动机的功率。
（2）此次作业中被提升的物体受到的重力
（3）动滑轮的总重。
24．（2024·扬州模拟）图甲是某新型电热水壶的内部简化电路，其中R1是加热管，R2是可调式限流电阻，只有加热管放出的热量能被水吸收。S1是一个防干烧开关（或称“温控开关”），S2、S3是手动开关，调节S2、S3可以使电热水壶分别处于加热或保温状态。图乙是该电热水壶的铭牌。
（1）由该电热水壶的铭牌可知，加热管R1的阻值为多少？
（2）假设当电热水壶处于保温状态时水温保持60℃恒定，此时水每秒向外界散热55J，那么可调电阻R2的阻值为多少？
（3）如果环境温度降低，为了使电水壶保温时的水温仍恒定在60℃，应将可调电阻R2的阻值如何调节？请简述理由。
25．（2024·扬州模拟）生活中处处有物理。小明利用矿泉水瓶做了如下几个有趣的实验：
（1）如图甲所示，矿泉水瓶装水，接近装满时留一小气泡，在瓶中间画一十字标记。把它平放在检查面上，若气泡在十字处说明被检查面是 的；用手沿箭头方向猛推一下瓶子，气泡将 （选填“向后运动”、“向前运动”或“保持静止状态”）。
（2）如图一开口的矿泉水瓶侧壁A、B处各扎一个小孔，用橡皮塞塞住，给瓶里充满水，将瓶放在足够高的桌面上，然后把橡皮塞同时拔出，可以看到从不同的孔向外喷水的水平射程不同，从而说明了液体内部压强与 有关。如果充满水后将瓶盖盖紧再将橡皮塞同时拔出，会看到的现象会是 。 （选填“都出水”、“都不出水”、“A孔不出水，B孔出水”、“A孔出水，B孔不出水”）
（3）如图一只空瓶中装入少量的水，拧紧瓶盖，用力地扭动瓶身几下，稍稍旋开瓶盖，就听到“砰”的一声且瓶盖被气体冲飞，瓶口和瓶内出现白雾，出现白雾说明瓶内气体温度 （选填“升高”“降低”或“不变”）图中②过程中能量转化的过程与四冲程内燃机的 冲程类似。
26．（2024·扬州模拟）小黄同学做“比较两种材料保温性能”的实验，他取了①泡沫塑料和②棉絮两种保温材料，两支相同的温度计，两个相同的大玻璃烧杯，钟表和初温相同、质量相等的热开水，以及细线、硬纸片、剪刀等，做了两个外形相同的保温装置，其中一个装置如图甲所示。然后在相同环境的房间里同时开始做实验，根据实验测得的数据如下表。 实验过程中室温基本不变。
时间T /min 0 10 20 30 40 … 150 180
①中水温t/℃ 90 74 65 60 57 … 21 20
②中水温t/℃ 90 70 55 ？ 33 … 20 20
（1）根据以上水温下降的特点，小明想用“冷却速度”（用字母v代表）来表示冷却的快慢程度，请你下定义： 叫做冷却速度。当时间为30min时，②棉絮组的水温可能是下列选项中的 。
A.46℃ B.43℃ C.39℃ D.36℃
（2）在整个实验过程中，①的水放出的热量 （选填“大于”“等于”或“小于”）②的水放出的热量；
（3）根据以上结果，如果你要喝一杯奶茶，下列两种冷却方法中，效果较好的是____。
A．将滚烫的热茶冷却5分钟，然后加适量冷牛奶
B．先将适量的冷牛奶加进滚烫的热茶中，然后冷却5min
（4）冬天有的学校为了给教室里的学生送饭保温，在饭盒外包裹的材料最好用上面的 材料好。
27．（2024·扬州模拟）用如图所示的装置探究平面镜成像特点．
（1）将蜡烛A竖直放在水平桌面上，点燃蜡烛观察发现：玻璃板中蜡烛A的像偏低且倾斜。你认为在下图所示的①、②、③三幅图中， 图是产生以上实验现象的原因。
（2）一块仪容镜如图甲所示，放在某学校走廊的AB处，仪容镜靠墙而立，镜面与墙壁平行，在另一面墙壁上的O处悬挂一电铃，如图乙所示。为了总能看到电铃通过仪容镜所成的像O'，小强同学沿着走廊的ae直线走动，若将人和电铃各自看作一个点，则小强同学所在的区间是____。
A．ab B．bc C．cd D．de
（3）图中a、b是家里开着灯、隔着玻璃窗拍摄屋外景物的情形，其中一幅是手机离玻璃窗有一定距离拍摄的 ，另一幅是将手机紧贴在玻璃窗上拍摄的。图a中没有出现屋内吊灯的像，是由于 。
28．（2024·扬州模拟）小明利用实验室器材测量两块大小和材质均不相同的石块的密度。
（1）天平调平衡后，在测量小石块质量时，往右盘加减砝码过程中，加入最小砝码后，天平指针位置如图甲（一）所示，将最小砝码取出，指针位置如图甲（二）所示，接下来正确操作是 ，直至指针对准分度盘中央刻度线，此时天平如图乙所示。
（2）小明用一根较粗的毛线系住小石块放入盛水的量筒中，量筒前后液面变化如图丙所示，则小石块的密度为 kg/m3，此测量结果相比真实值 （选填“偏大”、“偏小”、“相等”）。
（3）为了完成大石块密度的测量，经思考后，小明进行了如下实验操作；
①将杠杆调节水平平衡后，在两侧各挂大石块和弹簧测力计，竖直拉动测力计使杠杆水平平衡，如图丁所示，记录此时弹簧测力计示数为F1；
②将石块浸没于盛水的烧杯中，竖直拉动测力计使杠杆再次水平平衡，如图戊所示，记录此时弹簧测力计示数为F2；
③已知水的密度为ρ水，计算大石块的密度ρ= （用ρ水、F1、F2表示）。
29．（2024·扬州模拟）在探究影响液体压强因素的实验中，用几根一端封有相同橡皮薄膜的玻璃管进行实验，在5号管中装入盐水，其它管中装入水，如图。
（1）玻璃管下方薄膜鼓起的程度可反映液体 的大小；
（2）图乙中，4号管上段更粗，下段与2号管粗细相同，两管中水的总长度相同，发现两管薄膜鼓起的程度相同，可得：液体压强的大小与液体的质量、重力、体积都 ；
（3）图丙中，5号管和2号管的液柱长度相等，利用5号管和2号管可探究液体压强与液体的 是否有关；
（4）为了探究液体长度对液体压强的影响，选用2号管和6号管进行实验，6号管水柱比2号管水柱长，实验时需控制两管水柱的 相等。
30．（2024·扬州模拟）某建筑工地从配电房到施工现场之间，用双芯（双股）导线铺设了一条输电线．使用过程中输电线上某处发生了短路．小明准备了以下器材：电流表和电压表各一个、新干电池一节、开关、导线（电阻忽略不计）若干．工地上还有一卷长100m和一根2m长的同规格双芯导线，如图甲所示．小明准备利用上述器材找出短路点的位置。
（1）如图乙所示，将电池、电流表、电压表、开关接到那一卷导线一端A的两个线头上，再将另一端B的两个线头用导线连接起来．闭合开关后，电压表的示数是1.4V，电流表的示数是1.4A。则那一卷双芯导线里面每一根电线的电阻为 Ω，不能直接测量2m长那根导线电阻的原因是 。
（2）小明在配电房处断开原来的供电电源，将电池、电流表、电压表、开关接到发生短路的输电线一端的两个线头上，还有一根导线未连接，如图丙所示．请用笔画线代替导线，将电路连接完整。
（3）某次测量时，小明随手在纸上记录了两个数据0.10、1.40，则短路点到配电房的距离为 m。小华认为小明的实验方法误差较大，其原因是 。
（4）小明换用另一电压恒定的电源，用如图丁所示的电路探究“电流与电阻的关系”。滑动变阻器铭牌标有“20Ω 2A”，实验数据如表格所示.根据表格数据可知，该实验中每次都应该将电压表的示数调为 V．若第四次实验时将定值电阻的阻值由30Ω调为40Ω后就直接读出电流表的示数，这个示数应该是 （填写数字序号）
①0.14 ②0.15 ③0.17 ④0.20
R/Ω 10 20 30 40 50
I/A 0.60 0.30 0.20 0.12
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】半导体特点及作用；超导体特点及作用
2．【答案】B
【知识点】物理常识
3．【答案】D
【知识点】生活中的透镜
【解析】【解答】A、看到报纸上文字的像，属于放大镜，凸透镜到报纸的距离小于10cm，故A正确。
B、后一次成像，属于照相机，物距大于10cm，故B正确。
C、前一次成的是正立的虚像，后一次成的是倒立的实像，故C正确。
D、第一次的像是放大的，第二次是缩小的，故D错误。
故答案为：D。
【分析】（1）放大镜所成的像是正立放大的虚像。
（2）照相机所成的像是倒立缩小的实像。
4．【答案】B
【知识点】温度及温度计的使用与读数
【解析】【解答】AB、金属镓的体积在 18℃-490℃之间随温度变化较大，可测量温度，故A错误，B正确。
C、金属镓的体积在18℃-490℃之间随温度变化均匀，故C错误。
D、金属镓的熔点很低为18℃，故D错误。
故答案为：B。
【分析】（1）温度计是利用液体的热涨冷缩的原理工作的。
（2）金属镓的熔点较低。
5．【答案】D
【知识点】汽化及汽化吸热的特点
【解析】【解答】A、利用干冰降温防止食品变质，利用了干冰升华吸热，故A错误。
B、把酒精擦在手背上，手背感觉到凉爽，是由于酒精汽化吸热，故B错误。
C、冬天在菜窖中放几桶水，水受冷就会凝固，凝固要放出热量，使菜窖的温度不至于过低而将菜冻坏，故C错误。
D、由于从冰箱取出的一瓶水，温度比较低，周围空气中的水蒸气遇冷会发生液化，故D正确。
故答案为：D。
【分析】（1）物质由固态变成液态叫做熔化，熔化吸热；物质由液态变成固态叫做凝固，凝固放热。
（2）物质由液态变成气态叫做汽化，汽化吸热；物质由气态变成液态叫做液化，液化放热。
（3）物质由固态直接变成气态叫做升华，升华吸热；物质由气态直接变成固态叫做凝华，凝华放热。
6．【答案】C
【知识点】光的折射现象及其应用
【解析】【解答】喷水鱼在水中看到水面上方的昆虫等猎物，是因为水面上方的昆虫等猎物“发出”的光射向水面，发生折射，再进入喷水鱼的眼睛中，因此光的传播路线是由空气→水中，故AB错误；
根据光的折射定律可知，光从空气中斜射入水中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角，所以C正确，D错误。
故选：C。
【分析】光的折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角，完成折射光路图。
7．【答案】A
【知识点】二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】A、若弹簧处于拉伸状态，电梯可能处于静止状态，人受到重力和支持力可能二力平衡，故A错误。
BD、若弹簧处于压缩状态，电梯可能处于减速状态，不是平衡状态，人受到的重力和支持力不是二力平衡，木块受到的重力和拉力不一定二力平衡，故BD错误。
C、若弹簧处于拉伸状态，电梯处于向上加速状态或静止状态，木块受到的重力和拉力不一定二力平衡，故C错误。
故答案为：A。
【分析】（1）若弹簧处于拉伸时，电梯可能处于静止状态或向上加速状态。
（2）若弹簧处于压缩状态，电梯可能处于向上减速状态，不是平衡状态。
8．【答案】B
【知识点】液体压强的特点；液体压强的计算
【解析】【解答】由图可知，甲中鸡蛋悬浮，乙中鸡蛋漂浮，
因物体漂浮或悬浮时受到的浮力和自身的重力相等，且同一只鸡蛋的重力不变，
所以，鸡蛋在甲、乙两杯盐水中受到的浮力相等，故C错误。
由阿基米德原理F浮=G排=m排g可知，鸡蛋在甲、乙杯中排开液体的质量相等，故D错误。
因鸡蛋漂浮时排开盐水的体积小于悬浮时排开的体积，
所以，由F浮=ρgV排的变形式可知，乙杯中盐水的密度较大，
因两杯中液面相平，
所以，由p=ρgh可知，乙杯底部所受液体的压强较大，故A错误、B错误。
故答案为：B。
【分析】物体漂浮或悬浮时受到的浮力和自身的重力相等，且同一只鸡蛋的重力不变，据此判断鸡蛋受到的浮力关系；根据阿基米德原理F浮=G排=m排g可知排开盐水的质量关系；根据F浮=ρgV排可知两盐水的密度关系，两杯中液面相平，根据p=ρgh可知杯底部所受液体压强关系。
9．【答案】B
【知识点】内能的利用及其意义；热传递改变物体内能
【解析】【解答】A、由图乙可知，加热相同时间，甲升高的温度不同，而甲、乙容器内水的质量相同，根据Q吸=cmΔt可知，量容器内水吸收热量不相同，故A错误。
B、根据题意可知，甲、乙容器内水的质量相同，由可知，吸收相同的热量，甲、乙容器内水升高的温度相同，由于水的初温相同，所以甲、乙容器内水的末温相同，故B错误。
C、甲、乙容器内水的质量相同，升高的温度相同，由Q吸=cmΔt可知，甲、乙容器内水吸收的热量相同，即吸热之比为1：1，故C错误。
D、由图丙可知，水的温度从20℃升高到40℃时，甲的加热时间为2min，乙的加热时间为3min。
两容器中水的质量相同，升高的温度相同，由Q吸=cmΔt可知，两杯水吸收的热量相同，由于忽略散热损失，所以两加热器放出的热量也相同，即Q1=Q2。
由Q=I2Rt=U2Rt可知，甲、乙两容器中加热器的电阻之比：R1R2=U2Q1t1U2Q2t2=t1t2=23，故D正确。
故答案为：D。
【分析】（1）根据公式Q吸=cmΔt分析可知，相同质量的同种物质，升高温度越多的物体吸收热量越多；相同质量的同种物质，吸热相同的热量，升高的温度相同；相同质量的同种物质，升高相同的温度，吸热的热量相同。
（2）由图丙可知，水的温度从20℃升高到40℃时，甲和乙的加热时间；两容器中水的质量、比热容、升高的温度相同，根据Q吸=cmΔt可知两杯水吸收的热量相同，忽略散热损失，则两加热器放出的热量也相同，即Q1放=Q2放，根据Q=I2Rt=U2Rt求出甲、乙两容器中加热器的电阻之比。
10．【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】 由题意可知，当驾驶员向下踩“油门”踏板时，车速变大，说明通过电动机的电流变大，由欧姆定律可知变阻器接入电路的阻值减小。
AC、滑动变阻器与电动机并联接入电路中，踏板向下移动时，根据并联电路的特点可知，各支路互不影响，则通过电动机的电流不变，车速不变，故AC不符合题意。
B、滑动变阻器与电动机串联，踏板向下移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，根据欧姆定律可知电路中电流变大，则车速变大，故B符合题意。
D、滑动变阻器与电动机串联，踏板向下移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知电路中电流变小，则车速变小，故D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】当驾驶员向下踩“油门”踏板时，改变接入电路的变阻器阻值，车速变大，表明通过电动机的电流变大，据此分析。
11．【答案】D
【知识点】磁场对通电导线的作用
【解析】【解答】A、图甲装置是奥斯特实验，实验表明电流周围存在磁场，实验中小磁针最终静止时与通电导线垂直，故A错误；
B、图乙装置两个电磁铁串联在电路中，电流相等，线圈匝数不同，所以可以探究电磁铁磁性强弱跟线圈匝数的关系；若移动滑动变阻器，可以改变电路中的电流，所以还可以探究电磁铁磁性强弱跟电流的关系，故B错误。
C、丙实验是电磁感应现象，是磁生电，故C错误。
D、图丁装置是通电导体在磁场中受力而运动，是电能转化为机械能，是电动机的原理，故D正确。
故选：B。
【分析】 （1）奥斯特实验表明电流周围存在磁场；通电直导线的磁感线是以通电直导线为圆心的一个个同心圆；小磁针N极指向磁感线的切线方向。
（2）根据产生感应电流的条件分析解答。
（3）电磁铁的磁性强弱跟电流的大小、线圈的匝数、是否有铁芯有关，利用控制变量法，探究电磁铁磁性强弱的影响因素。
（4）通电导体在磁场中受力而运动，是电能转化为机械能。
12．【答案】C
【知识点】电路的动态分析
【解析】【解答】 A、当滑片位于E端时，电路为R1的简单电路，电路中的电流最大，
由图象可知，I大=0.6A，
电源的电压：U=I大R1=0.6A×10Ω=6V，故A错误。
B、当滑片位于H端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，
由图象可知，I小=0.2A，
则由可得，电路中的总电阻：，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器的最大阻值：
REH=R总-R1=30Ω-10Ω=20Ω，
由于滑片P从H端向E端移动，由图象的拐点可知：GH=15cm，FG=25cm-15cm=10cm，EF=35cm-25cm=10cm，
中间一段电流无变化，故FG是铜导线；
由图象可知，当滑片P位于G点时，电路中的电流I=0.4A，则总电阻：，
则GH段的总电阻：RGH=R总-R总'=30Ω-15Ω=15Ω，EF段的总电阻：REF=R总'-R1=15Ω-10Ω=5Ω，故B错误。
C、因两段导体的阻值与自身长度成正比，所以，GH导体的电阻与长度的关系为：
当x=10cm时，滑片右侧R2的阻值：R2右=1Ω/cm×10cm=10Ω，
则R2接入电路的阻值：R2左=REF+（RGH-R2右）=5Ω+（15Ω-10Ω）=10Ω，
因串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以此时电流电流：
R1的电功率：P1=I″2R1=（0.3A）2×10Ω=0.9W，故C正确。
D、因两段导体的阻值与自身长度成正比，所以，EF导体的电阻与长度的关系为：
当电流表示数为0.5A时，电路中的总电阻为，
此时R2接入电路中电阻 R2=R总″-R1=12Ω-10Ω=2Ω，
长度为，
则x的值为 x=35cm-4cm=31cm，故D错误。
故答案为：C。
【分析】 （1）当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路中电流最大，根据图象读出电路中的最大电流，根据欧姆定律求出电源的电压；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，根据电阻的串联求出滑动变阻器的最大阻值，由图象可知滑片P从H端向E端移动出现拐点，据此确定GH、FG、EF的长度，滑片位于铜导线段时电路中的电流不变，据此确定铜导线的长度，根据图象得出当滑片P位于G点时电路中的电流，根据欧姆定律求出总电阻，根据电阻的串联求出GH段的总电阻。
（2）根据电阻的串联求出EF段的总电阻，然后求出EF段每1cm的电阻，利用电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流即可得出当电流表示数为0.5A时滑动变阻器接入电路中的电阻，进一步求出滑动变阻器接入电路中的导体长度，最后判断出x的值。
（3）求出GH段每1cm的电阻，利用电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据P=I2R求出R1的电功率。
13．【答案】变高；改变线的材料等
【知识点】音色
【解析】【解答】如图所示的“单弦琴”，拨动箭头处琴弦的同时，向小桶里减少沙子，琴弦变松，振动变慢，音调降低。若拨动琴弦后自由释放小车，琴弦变短，振动频率变高，音调便逐渐升高；小车静止在某位置，若想改变“单弦琴”的音色，可以换一根不同材料的琴弦。
故答案为：变高；改变弦的材料等 。
【分析】声音的高低叫音调，音调与发声体的频率有关。
音色与发声体的材料和结构有关。
14．【答案】流速大压强小；放热；液化
【知识点】流体压强与流速的关系；飞机的升力
【解析】【解答】飞机的翼面是使流经上表面的流体流速大压强小，从而产生向上的升力，水蒸气遇冷液化成小水滴，液化放热。
故答案为：流速大压强小；放热；液化。
【分析】（1）流体压强是流速越大压强越小。
（2）物质由气态变成液态是液化，液化放热。
15．【答案】费力；变小；因为动力力臂为零
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的分类
【解析】【解答】 由图可知，人的前臂是动力臂小于阻力臂的杠杆，所以人的前臂是费力杠杆；当人将茶杯由水平位置慢慢向上举起的过程中，阻力臂变小，当人的手臂伸直时，此时光靠肱二、三头肌不能使前臂弯曲，理由是：因为动力力臂为零 。
故答案为：费力；变小；因为动力力臂为零 。
【分析】解决此类题目关键是找到支点，然后判断是动力臂大还是阻力臂大，就可得出结论。
16．【答案】吸管中的气压小于大气压；牛奶盒中的气体压强小；提高烧杯中的水面高度
【知识点】大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】流速越大，压强越小，在大气压的作用下，水面上升，当牛奶盒中压强变小时，很难吸出牛奶，当乙图中水升不上来，可能是吸管内气压较大，可以提高烧杯中的水面高度来解决。
故答案为：吸管中的气压小于大气压；牛奶盒中的气体压强小；提高烧杯中的水面高度。
【分析】流体压强特点是：流速越大压强越小。
17．【答案】相互作用力；改变物体的形状；减小受力面积，增大压强
【知识点】力作用的相互性；压强大小比较
【解析】【解答】（1）驴拉石陀的力与石陀拉驴的力属于两个物体之间的相互作用，两个力大小相等、方向相反、作用在同一直线，属于一对相互作用力。
（2）土地上留下脚印，说明力可以改变物体的形状。
（3）抬起一只脚，压力不变，受力面积变小，压强变大。
故答案为：相互作用；形状；减小受力面积，增大压强。
【分析】（1）相互作用力是两个物体之间的相互作用。
（2）力的作用效果：力可以改变物体的形状、力可以改变物体的运动状态。物体运动状态的改变包括：速度大小的改变和运动方向的改变。
（3）压强与压力和受力面积有关，当压力不变，受力面积变小时，压强变大。
18．【答案】6；600；6
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【解答】 （1）由图乙知，B的高度为hB=10cm=0.1m，截取高度h为0时，B对水平桌面的压强为pB=600Pa，B物体的重力等于压力G=F=PS=600Pa×0.1m×0.1m=6N。
（2）由图乙知，B的高度为hB=10cm=0.1m，截取高度h为0时，B对水平桌面的压强为pB=600Pa，
B为质量分布均匀的实心正方体，根据p=ρgh得，；
（3）截取高度h为2cm时，B剩余部分的高度为hB'=10cm-2cm=8cm=0.08m，
B剩余部分对水平桌面的压强为：pB'=ρBghB'=600kg/m3×10N/kg×0.08m=480Pa，
此时B截去的质量m1=ρBV1=600kg/m3×0.1m×0.1m×0.02m=0.12kg；
此时B截去的重力G1=m1g=0.12kg×10N/kg=1.2N。
A对水平桌面的压强，
即：..①
截取高度h为10cm时，B的重力G2=m2g=ρBV2g=600kg/m3×0.1m×0.1m×0.1m×10N/kg=6N；
A对水平桌面的压强，
即：...②
联立①②可得GA=6N。
故答案为：6；600；6。
【分析】 （1）由乙图可知B的边长和B对地面的压强，进而求出压力，压力等于重力。
（3）由图乙可知截取高度h为0时，B对水平桌面的压强，根据p=ρgh可得B的密度。
（3）由图乙可知B的高度，根据p=ρgh可得h=2cm时B剩余部分对桌面的压强，根据表示出h为2cm和10cm时候A的压强，然后联立方程可得A的重力。
19．【答案】（1）光能
（2）感应电流；发电机
（3）1.44×104；2
【知识点】电磁感应
【解析】【解答】（1）智能光伏公交站，是将光能转化为电能。
（2）无线充电时，手机中的受电线圈会产生感应电流，发电机的原理是电磁感应原理。
（3）电池电量为W=UIt=4V×5A×3600s=72000J剩余20%的电量为W剩=W×20%=72000J×20%=14400J，平均功率为。
【分析】（1）光伏发电是将太阳能转化为电能。
（2）发电机的原理是电磁感应。
（3）先求出总的电量，根据比例求出20%的电量，最后根据公式可求出功率。
20．【答案】机械能（重力势能）；80%；72%
【知识点】有关热机的计算；能量的转化或转移
【解析】【解答】 重力储能是一种新型储能方式，它通过提升或放下重物实现能量的储存或释放，重力势能与质量和高度有关，所以重力储能实质上是将能量以重力势能的形式储存起来。
重力储能系统放下重物发电的效率为。
已知系统提升重物的效率η2=90%，重力储能系统的综合效率为η=η1η2=80%×90%=72%。
故答案为：（1）重力势；（2）80%；72%。
【分析】 （1）重力势能与质量和高度有关。
（2）根据求出重力储能系统放下重物发电的效率。
21．【答案】（1）0.06
（2）48；300
【知识点】电功率的计算
【解析】【解答】 （1）分析表格二，可以发现水冲击到模型的速度、水泵的流量和模型的质量有一定的关系，即M=kQv，
将第一次数据代入得：3.0kg=k0.03m3/s×1.0m/s
解得：k=100kg s2/m3
故M=100Qv
故当卡通模型的质量为30kg，水冲击模型时的速度为5.0m/s时，
对应的流量为：，
即水泵每秒喷出水的体积为 0.06m3
（5）根据题意知：当UAB＜6V时，D两端的电压UD等于输入电压，UAB≥6V时，UD保持6V不变。
当t=3s时，UAB=18V，此时UD=6V，
根据串联电路的特点知：定值电阻两端的电压为UR=UAB-UD=18V-6V=12V；
电阻R的电功率为：；
当R的电功率满足PR≥3W时，水泵启动喷水，
所以当PR=3W时，
根据知
R两端的电压为：；
这个电压为能否喷水的临界电压，
所以UAB对应的电压为：UAB=UD+UR=6V+3V=9V，
由图知0-3sAB的电压均匀增加，3s达到18V，故2s对应的电压为10V，即一个周期的2-4s内，UAB≥10V，
则有三分之一的时间在喷水，所以10min=600s，相当于150个周期，则有2×150=300s时间在喷水。
故答案为：（1）0.06；（2）48；300。
【分析】 （4）根据表格二可以发现水冲击到模型的速度、水泵的流量和模型的质量有一定的关系，即M=kQv，将第一次数据代入得M=100Qv
将卡通模型的质量为10kg，水冲击模型时的速度为5.0m/s代入公式求出对应的流量即水泵每秒喷出水的体积，根据密度公式算出水泵每秒喷出水的质量。
（5）由图知当t=3s时，UAB=18V，此时UD=6V，根据串联电路电压的特点算出R两端的电压，根据算出R的电功率；
当R的电功率满足PR≥8W时，水泵启动喷水，根据算出R两端的电压，这个电压为能否喷水的临界电压，
根据UAB=UD+UR算出UAB的电压，
根据图知0-3sAB的电压均匀增加，3s达到18V，判断出2s对于的电压为10V，即一个周期的2-4s内，UAB≥10V，
则有三分之一的时间在喷水，最后算出喷水时间。
22．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】光的反射；光的折射规律；弹力；重力示意图
【解析】【解答】（1） 图中已经画出法线，根据反射角等于入射角，在法线右侧的水中画出反射光线；再根据光从水中斜射入空气中，折射角大于入射角，折射光线远离法线，如图所示：
（2） 过物体的重心画一条带箭头的线段，方向竖直向下，符号为G； 在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点画垂直于斜面向下、带箭头的线段，符号为F；如图所示：
（3） 由图可知通电螺线管中的电流方向是从左端流入，右端流出，根据安培定则可得，图中通电螺线管的左端为S极，右端为N极，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可判定小磁针的左端为S极、右端为N极。 根据磁感线都是从磁体的N极出发，回到S极，可以标出磁感线的方向。如图：
【分析】（1）根据光的反射和折射进行做图。
（2）重力的方向竖直向下，压力是垂直支持面，指向被压的物体。
（3）由右手定则判断出电磁铁的磁极，最后画出磁感线。
23．【答案】（1）解：由乙图可以看出电动机的功率为。
（2）解：物体在1s内上升的高度为h=vt=0.5m/s×1s=0.5m，
有用功为W=W×80%=300J×80%=240J，
故
（3）解：额外功为W额=W总-W有=300J-240J=60J，故
【知识点】滑轮组及其工作特点；滑轮（组）的机械效率
【解析】【分析】（1）从乙图中取特殊值进行计算。
（2）先求出有用功，克服物体重力做功为有用功。
（3）动滑轮重力做功为额外功。
24．【答案】（1）解：根据表中数据可知，电热水壶的额定功率为880W，由 可知，
（2）解：当开S1、S3闭合、S2断开时，两电阻串联，电路处于保温状态； 由于水每秒向外界散热55J，则由W=Pt可知，水壶处于保温状态时加热管R1的功率： ； 由P=I2R可知，电路中的电流： ； 此时电路中的总电阻： ，
则可调电阻R2的阻值：R2=R总-R1=220Ω-55Ω=165Ω
（3）环境温度降低，散热加快（单位时间内散热更多或散热功率变大），为了恒温，R1的功率需要调大，流过R1的电流需增大，故R2的阻值需减小。
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】利用用电器的电压和电功率可以计算电阻的大小，利用电能和时间的比值计算电功率，根据电功率和电阻可以计算电流。
25．【答案】（1）水平；向前运动
（2）深度；都不出水
（3）降低；压缩
【知识点】液体压强的特点；探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）图中，由于瓶中的水受到的重力的方向竖直向下，若气泡在十字处说明被检查面是水平的；用手沿箭头方向猛推一下瓶子，瓶中的水由于惯性会“挤”向瓶底，因此气泡将向前运动。
（2）图中，可以看到从不同的孔向外喷水的水平射程不同，说明了液体内部压强与液体深度有关。
如果充满水后将瓶盖盖紧再将橡皮塞同时拔出，在大气压强的作用下，水不会流出。
（3）气体对外做功，内能减小，温度降低，能量转化是机械能转化为内能，与热机的压缩冲程相同。
故答案为：（1）水平 ；向前运动 ；（2）深度；都不出水 ；（3）降低；压缩。
【分析】重力的方向竖直向下；物体保持原有运动状态不变的性质叫惯性。
同一种液体内部，液体的压强随液体深度的增加而增大。
做功可以改变物体的内能，对物体做功，物体内能会增加，物体对外做功，物体内能会减小。
26．【答案】（1）下降的温度与所用时间的比值 （或单位时间内物体温度的减少量）；B
（2）等于
（3）A
（4）泡沐塑料
【知识点】热量的计算；比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】（1）“冷却速度”的定义是：下降的温度与所用时间的比值 （或单位时间内物体温度的减少量）。 由表中实验数据可知，温度较高时，棉絮组的水温下降得较快；
从10min到20min时水温降低了70℃-55℃=15℃，如果在相等时间内降低的温度相等，则30min时的温度应为55℃-15℃=40℃，但实际上，随温度的降低，水温降低变慢，从20min到30min水降低的温度小于15℃，因此30min时水的温度稍高于40℃；若温度为46℃，则20min～30min降低的温度为55℃-46℃=9℃，30min～40min降低的温度为46℃-33℃=13℃，与温度降低的规律不相符，所以30min时棉絮组的水温可能是43℃，故B正确。
（2）放热时间相同则表示放出的热量是相同的。
（3）冷却方法最好的是将滚烫的热奶茶冷却5min，然后加适量的冷牛奶，故A正确。
（4）根据表格中数据可知，饭盒外包裹的材料最好是泡沫塑料。
故答案为：（1）下降的温度与所用时间的比值 （或单位时间内物体温度的减少量）；B；（2）等于；（3）A；（4）泡沫塑料。
【分析】（1）根据表中实验数据分析水的温度变化关系，根据水的温度变化关系分析答题，根据液体降温时先快后慢的特点可选择最佳的方法。
（2）放热时间相同，放出的热量就相同。
（3）高温物体冷却的速度快一些。
（4）根据表格中数据即可解答。
27．【答案】（1）③
（2）C
（3）b；手机挡住了灯光，不能发生平面镜成像
【知识点】探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】（1）在平面镜成像中，物体与像关于平面镜对称，玻璃板中蜡烛A的像偏低且倾斜，说明玻璃板没有与桌面垂直，且玻璃板远离物体倾斜，故③符合题意。
（2） 电铃反射的光入射到A处和B处，经过平面镜反射到d和c两处，为了总能看到电铃通过仪容镜所成的像O'，小强同学所在的区间是cd。
故选：C。
（3）由题知图b中的“灯”并非建筑物上的，而是屋内拍摄者身后的吊灯，这是屋内吊灯发出的光经玻璃窗反射后进入相机后成像的，相当于用相机对着平面镜拍摄平面镜中的虚像，所以手机离玻璃窗一定距离拍摄的是b图；
则a图是手机紧贴着窗玻璃拍摄，这时只有远处物体透过玻璃窗射来的光线进入手机镜头，而屋内吊灯发出的光被手机挡住，不能发生平面镜成像。
故答案为：（1）③；（2）C；（3）b；手机挡住了灯光，不能发生平面镜成像。
【分析】（1）平面镜所成的像与物体关于平面镜对称。
（2）平面镜成像的特点：物像等大、等距、连线与镜面垂直，虚像。
（3）凸透镜成实像时，物距变小，像变大；光在玻璃面会发生镜面反射。
28．【答案】（1）向右调节游码
（2）2.72×103；偏小
（3）
【知识点】固体密度的测量
【解析】【解答】（1）天平加入最小砝码后天平指针向右偏，则应取下最小砝码，向右调节游码，使天平水平平衡。
（2）小石块的体积为：V=60mL-40mL=20mL=20cm3。
小石块的密度：。
（3）由杠杆平衡条件知，如图丁，G×OA=F1×OB，则，
大石块的质量为：，
如图戊，G'×OA=F2×OB，则，
则石块所受的浮力为：，
由F浮=ρ水gV排=ρ水gV石可知：
由密度公式可知：。
故答案为：（1）向右调节游码；（2）2.72；（3）。
【分析】 （1）天平加入最小砝码后天平指针向右偏，则应取下最小砝码，向右调节游码，使天平水平平衡。
（2）量筒测量液体的体积时，读数时视线要和液面相平，小石块的体积等于小石块浸没水前后水面对应的刻度差。知道小石块的质量和体积，根据密度公式求出小石块的密度。
（3）根据杠杆平衡条件计算出大石块的质量，然后计算出大石块受到的浮力，通过浮力计算出大石块的体积，进而根据质量密度公式计算大石块的密度。
29．【答案】（1）压强
（2）无关
（3）密度
（4）深度
【知识点】液体压强的特点；液体压强的计算；探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）相同的1、2、3号管中装的液体种类相同，且管内液体的深度逐渐增加，则橡皮膜鼓起的程度逐渐增大，说明液体的压强与深度有关，相应的质量、体积、重力也逐渐增大，所以猜想：液体的压强与液体的质量、重力、体积或深度有关。
（2）通过2号管和4号管的比较可见，4号管中液体的质量、体积、重力一定大于2号管，但二者橡皮膜鼓起的程度相同，说明液体的压强与质量、重力、体积无关，只与深度有关。
（3）探究液体的压强与液体的密度是否有关，利用控制变量法：5号管中盐水和2号管中的水比较，二者的深度相同，由于盐水的密度大于水的密度，则5号管橡皮膜鼓起的程度大。
（4）为了探究液体长度对液体压强的影响，利用控制变量法，2号管和6号管是相同的两支玻璃管，内装液体的种类相同、深度相同、长度不同时，橡皮膜鼓起的程度相同，表明液体的压强跟液体的长度无关。
故答案为：（1）压强；（2）无关；（3）密度；（4）深度。
【分析】（1）由图甲可知，三只管装的液体深度不同，鼓起的程度不同，表明压强不同。
（2）图乙中两只不同管中装水的深度相同，橡皮膜鼓起的程度相同，表明压强相同。
（3）5号管和2号管装的液体深度相同，液体种类不同，橡皮膜鼓起的程度不同，表明压强不同。
（4）2号管和6号管装液体的种类、深度相同，长度不同，橡皮膜鼓起的程度相同，表明压强相同。
30．【答案】（1）0.5；电阻太小，电流过大，超过电流表的量程
（2）图略
（3）1400；没多次测量取平均值
（4）6；③
【知识点】电阻；影响电阻大小的因素
【解析】【解答】（1）电压表的示数是1.4V，电流表的示数是1.4A，根据欧姆定律可知双芯电线的电阻为，那么每一根的电阻为0.5Ω。不能直接测量2m长那根导线电阻的原因是电阻太小，电流过大，超过电流表的量程。
（2）电路如图：
（3）根据欧姆定律可知电阻为，每100米长度的导线电阻为1Ω，则短路位置距离配电房的距离为1400m，实验方法误差较大，其原因是没多次测量取平均值。
（4）根据表格中数据可知电压为U=IR=0.60A×10Ω=6V， 若第四次实验时将定值电阻的阻值由30Ω调为40Ω，互动变阻器没有变大，会导致定值电阻的电压大于6V，故电压表示数大于0.15A而小于0.2A，故③符合题意。
故答案为：（1）0.5；电阻太小，电流过大，超过电流表的量程；（2）见解析；（3）1400；没多次测量取平均值；（4）6；③。
【分析】 （1）用一卷导线的质量除以导线单位长度的质量可得一卷导线的长度。
（2）根据在电路中电流从电源正极流出，负极流入进行分析。
（3）根据记录的电流与电压值计算出电阻，再根据导线单位长上的电阻计算出距离。
（4）根据表格中数据即可求出电压大小。
江苏省扬州市树人名校2024年中考物理二模试题
一、选择题：（每题选项中只有一个正确的选项。每题2分，共24分）
1．（2024·扬州模拟）能源、信息和材料是现代社会发展的三大支柱。下列说法中正确的是
A．超导材料可应用于磁悬浮列车和远距离输电线
B．5G手机无线上网是利用了红外线传输信号的
C．太阳能、风能和核能都是可再生能源
D．超市收银员使用的条形码扫描器中的光敏二极管用的主要是磁性材料
【答案】A
【知识点】半导体特点及作用；超导体特点及作用
2．（2024·扬州模拟）下列估测符合实际的是
A．人正常步行的速度约为15km/h
B．人游泳时受到的浮力约为500N
C．正常人脉搏跳动10次所用时间约为1min
D．一个中学生站立时对地面的压强约1.6×103Pa
【答案】B
【知识点】物理常识
3．（2024·扬州模拟）小明和小华在窗边用焦距为10cm的凸透镜贴近报纸看文字，看到了文字的像。在移动凸透镜时，意外发现在报纸上出现了窗外景物的像，如图所示。以下说法错误的是
A．前一次成像时，凸透镜离报纸距离小于10cm
B．后一次成像时，凸透镜离报纸距离稍大于10cm
C．前一次成的是正立的虚像，后一次成的是倒立的实像
D．凸透镜远离报纸时前一次像变小，后一次像变大
【答案】D
【知识点】生活中的透镜
【解析】【解答】A、看到报纸上文字的像，属于放大镜，凸透镜到报纸的距离小于10cm，故A正确。
B、后一次成像，属于照相机，物距大于10cm，故B正确。
C、前一次成的是正立的虚像，后一次成的是倒立的实像，故C正确。
D、第一次的像是放大的，第二次是缩小的，故D错误。
故答案为：D。
【分析】（1）放大镜所成的像是正立放大的虚像。
（2）照相机所成的像是倒立缩小的实像。
4．（2024·扬州模拟）科学家发明了一种世界上最小的温度计“碳纳米管温度计”。研究人员在长约10-6米，直径10-7米的碳纳米管中充入液态的金属镓，当温度升高时，管中的金属镓会膨胀，通过电子显微镜就可读出温度值，其测量范围为18℃-490℃，且精确度高，可用于检查电子线路是否异常、测定毛细血管的温度等许多方面。根据以上信息，你认为下列推测正确的是
A．碳纳米管的体积在 18℃-490℃之间随温度变化较大，可测量温度
B．金属镓的体积在18℃-490℃之间随温度变化较大，可测量温度
C．金属镓的体积在18℃-490℃之间随温度变化不均匀
D．金属镓的熔点很高为490℃
【答案】B
【知识点】温度及温度计的使用与读数
【解析】【解答】AB、金属镓的体积在 18℃-490℃之间随温度变化较大，可测量温度，故A错误，B正确。
C、金属镓的体积在18℃-490℃之间随温度变化均匀，故C错误。
D、金属镓的熔点很低为18℃，故D错误。
故答案为：B。
【分析】（1）温度计是利用液体的热涨冷缩的原理工作的。
（2）金属镓的熔点较低。
5．（2024·扬州模拟）关于物态变化，下列说法正确的是
A．干冰给食品保鲜，利用了干冰熔化吸热
B．酒精擦在手背上，手背感觉到凉爽，是由于酒精汽化放热
C．北方的冬天，为了保存蔬菜，在菜窖里放几桶水，利用了水凝华放热
D．一瓶水在冰箱冷冻后，取出放一会儿，表面会变湿，是由于水蒸气液化
【答案】D
【知识点】汽化及汽化吸热的特点
【解析】【解答】A、利用干冰降温防止食品变质，利用了干冰升华吸热，故A错误。
B、把酒精擦在手背上，手背感觉到凉爽，是由于酒精汽化吸热，故B错误。
C、冬天在菜窖中放几桶水，水受冷就会凝固，凝固要放出热量，使菜窖的温度不至于过低而将菜冻坏，故C错误。
D、由于从冰箱取出的一瓶水，温度比较低，周围空气中的水蒸气遇冷会发生液化，故D正确。
故答案为：D。
【分析】（1）物质由固态变成液态叫做熔化，熔化吸热；物质由液态变成固态叫做凝固，凝固放热。
（2）物质由液态变成气态叫做汽化，汽化吸热；物质由气态变成液态叫做液化，液化放热。
（3）物质由固态直接变成气态叫做升华，升华吸热；物质由气态直接变成固态叫做凝华，凝华放热。
6．（2024·扬州模拟）水中喷水鱼喷出的水柱能准确击落空中的昆虫。如图所示的四图中，能正确表示水中喷水鱼看到昆虫像的光路图是
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】光的折射现象及其应用
【解析】【解答】喷水鱼在水中看到水面上方的昆虫等猎物，是因为水面上方的昆虫等猎物“发出”的光射向水面，发生折射，再进入喷水鱼的眼睛中，因此光的传播路线是由空气→水中，故AB错误；
根据光的折射定律可知，光从空气中斜射入水中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角，所以C正确，D错误。
故选：C。
【分析】光的折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角，完成折射光路图。
7．（2024·扬州模拟）如图所示，在电梯轿厢的天花板上固定一轻质弹簧，弹簧的另一端连接木块，下列判断正确的是
A．若弹簧处于拉伸状态，人受到的重力和支持力可能二力平衡
B．若弹簧处于压缩状态，人受到的重力和支持力可能二力平衡
C．若弹簧处于拉伸状态，木块受到的重力和拉力一定二力平衡
D．若弹簧处于压缩状态，木块受到的重力和拉力一定二力平衡
【答案】A
【知识点】二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】A、若弹簧处于拉伸状态，电梯可能处于静止状态，人受到重力和支持力可能二力平衡，故A错误。
BD、若弹簧处于压缩状态，电梯可能处于减速状态，不是平衡状态，人受到的重力和支持力不是二力平衡，木块受到的重力和拉力不一定二力平衡，故BD错误。
C、若弹簧处于拉伸状态，电梯处于向上加速状态或静止状态，木块受到的重力和拉力不一定二力平衡，故C错误。
故答案为：A。
【分析】（1）若弹簧处于拉伸时，电梯可能处于静止状态或向上加速状态。
（2）若弹簧处于压缩状态，电梯可能处于向上减速状态，不是平衡状态。
8．（2024·扬州模拟）甲、乙两只完全相同的杯子盛有不同浓度的盐水，将同一只鸡蛋先后放入其中，当鸡蛋静止时，两杯中液面相平，鸡蛋所处的位置如图所示，则下列说法正确的是
A．甲杯中液体的密度较大
B．乙杯底部所受液体的压强较大
C．鸡蛋在乙杯中受到的浮力较大
D．鸡蛋在甲杯里排开液体的质量较大
【答案】B
【知识点】液体压强的特点；液体压强的计算
【解析】【解答】由图可知，甲中鸡蛋悬浮，乙中鸡蛋漂浮，
因物体漂浮或悬浮时受到的浮力和自身的重力相等，且同一只鸡蛋的重力不变，
所以，鸡蛋在甲、乙两杯盐水中受到的浮力相等，故C错误。
由阿基米德原理F浮=G排=m排g可知，鸡蛋在甲、乙杯中排开液体的质量相等，故D错误。
因鸡蛋漂浮时排开盐水的体积小于悬浮时排开的体积，
所以，由F浮=ρgV排的变形式可知，乙杯中盐水的密度较大，
因两杯中液面相平，
所以，由p=ρgh可知，乙杯底部所受液体的压强较大，故A错误、B错误。
故答案为：B。
【分析】物体漂浮或悬浮时受到的浮力和自身的重力相等，且同一只鸡蛋的重力不变，据此判断鸡蛋受到的浮力关系；根据阿基米德原理F浮=G排=m排g可知排开盐水的质量关系；根据F浮=ρgV排可知两盐水的密度关系，两杯中液面相平，根据p=ρgh可知杯底部所受液体压强关系。
9．（2024·扬州模拟）如图甲、乙所示，相同容器中装有质量相同的纯净水，用不同电加热器加热，忽略散热损失，得到如图丙所示的水温与加热时间的图象，下列说法正确的是
A．加热相同时间，两容器中水吸收的热量相同
B．吸收相同的热量，甲容器中水的末温比乙容器中水的末温高
C．升高相同温度，甲、乙容器中水吸热之比为2：3
D．甲、乙两容器中加热器的电阻之R1和R2比为2：3
【答案】B
【知识点】内能的利用及其意义；热传递改变物体内能
【解析】【解答】A、由图乙可知，加热相同时间，甲升高的温度不同，而甲、乙容器内水的质量相同，根据Q吸=cmΔt可知，量容器内水吸收热量不相同，故A错误。
B、根据题意可知，甲、乙容器内水的质量相同，由可知，吸收相同的热量，甲、乙容器内水升高的温度相同，由于水的初温相同，所以甲、乙容器内水的末温相同，故B错误。
C、甲、乙容器内水的质量相同，升高的温度相同，由Q吸=cmΔt可知，甲、乙容器内水吸收的热量相同，即吸热之比为1：1，故C错误。
D、由图丙可知，水的温度从20℃升高到40℃时，甲的加热时间为2min，乙的加热时间为3min。
两容器中水的质量相同，升高的温度相同，由Q吸=cmΔt可知，两杯水吸收的热量相同，由于忽略散热损失，所以两加热器放出的热量也相同，即Q1=Q2。
由Q=I2Rt=U2Rt可知，甲、乙两容器中加热器的电阻之比：R1R2=U2Q1t1U2Q2t2=t1t2=23，故D正确。
故答案为：D。
【分析】（1）根据公式Q吸=cmΔt分析可知，相同质量的同种物质，升高温度越多的物体吸收热量越多；相同质量的同种物质，吸热相同的热量，升高的温度相同；相同质量的同种物质，升高相同的温度，吸热的热量相同。
（2）由图丙可知，水的温度从20℃升高到40℃时，甲和乙的加热时间；两容器中水的质量、比热容、升高的温度相同，根据Q吸=cmΔt可知两杯水吸收的热量相同，忽略散热损失，则两加热器放出的热量也相同，即Q1放=Q2放，根据Q=I2Rt=U2Rt求出甲、乙两容器中加热器的电阻之比。
10．（2024·扬州模拟）电动汽车的速度由流经电动机的电流大小控制，当驾驶员向下踩油门踏板时，改变接入电路的变阻器阻值，车速变大。下列是该电动汽车的模拟电路，其中符合要求的是
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】 由题意可知，当驾驶员向下踩“油门”踏板时，车速变大，说明通过电动机的电流变大，由欧姆定律可知变阻器接入电路的阻值减小。
AC、滑动变阻器与电动机并联接入电路中，踏板向下移动时，根据并联电路的特点可知，各支路互不影响，则通过电动机的电流不变，车速不变，故AC不符合题意。
B、滑动变阻器与电动机串联，踏板向下移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，根据欧姆定律可知电路中电流变大，则车速变大，故B符合题意。
D、滑动变阻器与电动机串联，踏板向下移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知电路中电流变小，则车速变小，故D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】当驾驶员向下踩“油门”踏板时，改变接入电路的变阻器阻值，车速变大，表明通过电动机的电流变大，据此分析。
11．（2024·扬州模拟）如图所示，关于“探究电磁转换”的四个实验，下列说法正确的是
A．甲实验中小磁针最终静止时与通电导线平行
B．乙装置只能研究电磁铁的磁性强弱与线圈匝数的关系
C．丙实验揭示了电生磁现象
D．丁实验说明了磁场对电流有力的作用
【答案】D
【知识点】磁场对通电导线的作用
【解析】【解答】A、图甲装置是奥斯特实验，实验表明电流周围存在磁场，实验中小磁针最终静止时与通电导线垂直，故A错误；
B、图乙装置两个电磁铁串联在电路中，电流相等，线圈匝数不同，所以可以探究电磁铁磁性强弱跟线圈匝数的关系；若移动滑动变阻器，可以改变电路中的电流，所以还可以探究电磁铁磁性强弱跟电流的关系，故B错误。
C、丙实验是电磁感应现象，是磁生电，故C错误。
D、图丁装置是通电导体在磁场中受力而运动，是电能转化为机械能，是电动机的原理，故D正确。
故选：B。
【分析】 （1）奥斯特实验表明电流周围存在磁场；通电直导线的磁感线是以通电直导线为圆心的一个个同心圆；小磁针N极指向磁感线的切线方向。
（2）根据产生感应电流的条件分析解答。
（3）电磁铁的磁性强弱跟电流的大小、线圈的匝数、是否有铁芯有关，利用控制变量法，探究电磁铁磁性强弱的影响因素。
（4）通电导体在磁场中受力而运动，是电能转化为机械能。
12．（2024·扬州模拟）如图甲所示电路中，电源电压不变，R1是阻值为10Ω的定值电阻，R2由三段材料不同、横截面积相同的均匀直导体EF、FG、GH连接而成，其中一段是铜导体，其电阻可忽略不计，另两段导体的阻值与自身长度成正比，P是与R2接触良好并能移动的滑动触头，闭合开关S，将P从H端移到E端时，电流表示数I与P向左移动距离x之间的关系如图乙所示．以下判断正确的是
A．电源电压为12V
B．EF段导体的电阻为20Ω
C．当x=10 cm时，R2功率为0.9w
D．当电流表示数为0.5A时，x的值为4cm
【答案】C
【知识点】电路的动态分析
【解析】【解答】 A、当滑片位于E端时，电路为R1的简单电路，电路中的电流最大，
由图象可知，I大=0.6A，
电源的电压：U=I大R1=0.6A×10Ω=6V，故A错误。
B、当滑片位于H端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，
由图象可知，I小=0.2A，
则由可得，电路中的总电阻：，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器的最大阻值：
REH=R总-R1=30Ω-10Ω=20Ω，
由于滑片P从H端向E端移动，由图象的拐点可知：GH=15cm，FG=25cm-15cm=10cm，EF=35cm-25cm=10cm，
中间一段电流无变化，故FG是铜导线；
由图象可知，当滑片P位于G点时，电路中的电流I=0.4A，则总电阻：，
则GH段的总电阻：RGH=R总-R总'=30Ω-15Ω=15Ω，EF段的总电阻：REF=R总'-R1=15Ω-10Ω=5Ω，故B错误。
C、因两段导体的阻值与自身长度成正比，所以，GH导体的电阻与长度的关系为：
当x=10cm时，滑片右侧R2的阻值：R2右=1Ω/cm×10cm=10Ω，
则R2接入电路的阻值：R2左=REF+（RGH-R2右）=5Ω+（15Ω-10Ω）=10Ω，
因串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以此时电流电流：
R1的电功率：P1=I″2R1=（0.3A）2×10Ω=0.9W，故C正确。
D、因两段导体的阻值与自身长度成正比，所以，EF导体的电阻与长度的关系为：
当电流表示数为0.5A时，电路中的总电阻为，
此时R2接入电路中电阻 R2=R总″-R1=12Ω-10Ω=2Ω，
长度为，
则x的值为 x=35cm-4cm=31cm，故D错误。
故答案为：C。
【分析】 （1）当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路中电流最大，根据图象读出电路中的最大电流，根据欧姆定律求出电源的电压；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，根据电阻的串联求出滑动变阻器的最大阻值，由图象可知滑片P从H端向E端移动出现拐点，据此确定GH、FG、EF的长度，滑片位于铜导线段时电路中的电流不变，据此确定铜导线的长度，根据图象得出当滑片P位于G点时电路中的电流，根据欧姆定律求出总电阻，根据电阻的串联求出GH段的总电阻。
（2）根据电阻的串联求出EF段的总电阻，然后求出EF段每1cm的电阻，利用电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流即可得出当电流表示数为0.5A时滑动变阻器接入电路中的电阻，进一步求出滑动变阻器接入电路中的导体长度，最后判断出x的值。
（3）求出GH段每1cm的电阻，利用电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据P=I2R求出R1的电功率。
二、填空题：（每空1份，共28分）
13．（2024·扬州模拟）小明利用一根琴弦和一些简单器材制作了如图所示的“单弦琴”， 小车静止在某位置，拨动箭头处琴弦的同时，向小桶里增加沙子，能 (选填“升高”、“降低”)音调；若拨动琴弦后自由释放小车，音调也会改变；若想改变“单弦琴”的音色，可以 。
【答案】变高；改变线的材料等
【知识点】音色
【解析】【解答】如图所示的“单弦琴”，拨动箭头处琴弦的同时，向小桶里减少沙子，琴弦变松，振动变慢，音调降低。若拨动琴弦后自由释放小车，琴弦变短，振动频率变高，音调便逐渐升高；小车静止在某位置，若想改变“单弦琴”的音色，可以换一根不同材料的琴弦。
故答案为：变高；改变弦的材料等 。
【分析】声音的高低叫音调，音调与发声体的频率有关。
音色与发声体的材料和结构有关。
14．（2024·扬州模拟）图为中国空军教练10高级教练机挂载着火箭巢和机炮吊舱飞行时翼尖拉出的漂亮的涡流。飞机的翼面是使流经上表面的流体 ，因而产生向上的升力。机翼的翼尖和襟翼接缝处因为气流扰动气压下降，水蒸气在此处 （填“吸热”或“放热”） （填物态变化名称）成小水珠，形成涡流。一般在空气湿度比较大的时候才看得到。
【答案】流速大压强小；放热；液化
【知识点】流体压强与流速的关系；飞机的升力
【解析】【解答】飞机的翼面是使流经上表面的流体流速大压强小，从而产生向上的升力，水蒸气遇冷液化成小水滴，液化放热。
故答案为：流速大压强小；放热；液化。
【分析】（1）流体压强是流速越大压强越小。
（2）物质由气态变成液态是液化，液化放热。
15．（2024·扬州模拟）人的前臂可视为一个 杠杆（选填“省力”、“费力”或“等臂”），当人将哑铃由水平位置慢慢向上举起的过程中（如图所示），阻力臂 （选填“不变”、“变大”或“变小”），当人的手臂伸直时，此时光靠肱二、三头肌不能使前臂弯曲，理由是 。
【答案】费力；变小；因为动力力臂为零
【知识点】杠杆的平衡条件；杠杆的分类
【解析】【解答】 由图可知，人的前臂是动力臂小于阻力臂的杠杆，所以人的前臂是费力杠杆；当人将茶杯由水平位置慢慢向上举起的过程中，阻力臂变小，当人的手臂伸直时，此时光靠肱二、三头肌不能使前臂弯曲，理由是：因为动力力臂为零 。
故答案为：费力；变小；因为动力力臂为零 。
【分析】解决此类题目关键是找到支点，然后判断是动力臂大还是阻力臂大，就可得出结论。
16．（2024·扬州模拟）如图吸和吹都能使烧杯中的水通过吸管上升，水能上升共同的原因是 ，有时我们用甲的方法吸盒装牛奶时很难吸上来，原因可能是 ，有时乙实验不能成功使水上来喷出，则可加大吹气的速度，还可以 使水上来喷出。（写出一种方法）
【答案】吸管中的气压小于大气压；牛奶盒中的气体压强小；提高烧杯中的水面高度
【知识点】大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】流速越大，压强越小，在大气压的作用下，水面上升，当牛奶盒中压强变小时，很难吸出牛奶，当乙图中水升不上来，可能是吸管内气压较大，可以提高烧杯中的水面高度来解决。
故答案为：吸管中的气压小于大气压；牛奶盒中的气体压强小；提高烧杯中的水面高度。
【分析】流体压强特点是：流速越大压强越小。
17．（2024·扬州模拟）如图两幅图选自中国古代科技著作《天工开物》，描述了南北方耕种时的不同之处。甲图“北盖种”描述北方播种后，用驴拉石陀压土埋麦.驴拉石陀的力与石陀拉驴的力是一对 力；乙图“南种牟麦”描述南方播种后用脚压土。土地上留下脚印，说明力可以改变物体的 。乙图中的人提起一只脚会留下更深的脚印，对这一现象的解释是 。
【答案】相互作用力；改变物体的形状；减小受力面积，增大压强
【知识点】力作用的相互性；压强大小比较
【解析】【解答】（1）驴拉石陀的力与石陀拉驴的力属于两个物体之间的相互作用，两个力大小相等、方向相反、作用在同一直线，属于一对相互作用力。
（2）土地上留下脚印，说明力可以改变物体的形状。
（3）抬起一只脚，压力不变，受力面积变小，压强变大。
故答案为：相互作用；形状；减小受力面积，增大压强。
【分析】（1）相互作用力是两个物体之间的相互作用。
（2）力的作用效果：力可以改变物体的形状、力可以改变物体的运动状态。物体运动状态的改变包括：速度大小的改变和运动方向的改变。
（3）压强与压力和受力面积有关，当压力不变，受力面积变小时，压强变大。
18．（2024·扬州模拟）质量相等分布均匀的实心正方体物块A和B置于水平桌面上如图甲。将B物体沿水平方向截取高为h的柱体，并将该柱体叠放在A上，B剩余部分对桌面的压强p随h的关系如图乙。则B的重力是 N，密度是 kg/m3，当截取高为h=2cm时，A、B剩余部分对桌面的压强相等，当h=10cm时，A对地面的压强是800Pa，则物块A的重力是 N。
【答案】6；600；6
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【解答】 （1）由图乙知，B的高度为hB=10cm=0.1m，截取高度h为0时，B对水平桌面的压强为pB=600Pa，B物体的重力等于压力G=F=PS=600Pa×0.1m×0.1m=6N。
（2）由图乙知，B的高度为hB=10cm=0.1m，截取高度h为0时，B对水平桌面的压强为pB=600Pa，
B为质量分布均匀的实心正方体，根据p=ρgh得，；
（3）截取高度h为2cm时，B剩余部分的高度为hB'=10cm-2cm=8cm=0.08m，
B剩余部分对水平桌面的压强为：pB'=ρBghB'=600kg/m3×10N/kg×0.08m=480Pa，
此时B截去的质量m1=ρBV1=600kg/m3×0.1m×0.1m×0.02m=0.12kg；
此时B截去的重力G1=m1g=0.12kg×10N/kg=1.2N。
A对水平桌面的压强，
即：..①
截取高度h为10cm时，B的重力G2=m2g=ρBV2g=600kg/m3×0.1m×0.1m×0.1m×10N/kg=6N；
A对水平桌面的压强，
即：...②
联立①②可得GA=6N。
故答案为：6；600；6。
【分析】 （1）由乙图可知B的边长和B对地面的压强，进而求出压力，压力等于重力。
（3）由图乙可知截取高度h为0时，B对水平桌面的压强，根据p=ρgh可得B的密度。
（3）由图乙可知B的高度，根据p=ρgh可得h=2cm时B剩余部分对桌面的压强，根据表示出h为2cm和10cm时候A的压强，然后联立方程可得A的重力。
19．（2024·扬州模拟）智能光伏公交站可以提供无线电快充、冷饮、wifi等，如图甲是可以提供无线电快充的装置。
（1）此公交站台的能源是 。
（2）如乙图中手机在无线充电时，手机中的受电线圈会产生 ，无线充电工作原理与 （选填“发电机”或“电动机”）工作原理相似。
（3）某款手机锂电池上标有“电压：4V容量：5000mA h”字样.该手机电池充满电后，持续使用一段时间，屏幕显示剩余电量不足20%时，系统就会发出“是否开启省电模式”的提示，此时最好给手机充电续航.若无法充电，则开启“省电模式”后，手机显示还可以持续使用2h，电量将耗尽。文中锂电池最好在电能还剩 J时给它及时充电，此手机在“省电模式”下使用时的平均功率为 W。
【答案】（1）光能
（2）感应电流；发电机
（3）1.44×104；2
【知识点】电磁感应
【解析】【解答】（1）智能光伏公交站，是将光能转化为电能。
（2）无线充电时，手机中的受电线圈会产生感应电流，发电机的原理是电磁感应原理。
（3）电池电量为W=UIt=4V×5A×3600s=72000J剩余20%的电量为W剩=W×20%=72000J×20%=14400J，平均功率为。
【分析】（1）光伏发电是将太阳能转化为电能。
（2）发电机的原理是电磁感应。
（3）先求出总的电量，根据比例求出20%的电量，最后根据公式可求出功率。
20．（2024·扬州模拟）重力储能是一种新型储能方式，它通过提升或放下重物实现能量的储存或释放，能量转化过程如图1所示。空白处的能量形式是 。重力储能可有效提升风能、太阳能等新能源的综合开发利用水平。储能系统将2个质量均为3×104kg， 重物从30m高处放回地面的发电过程中，产生的电能为1.44×107J，则该过程的发电效率是 。据某资料介绍，重力储能系统的综合效率（输出电能与输入电能之比）可达 （已知系统提升重物的效率为90%）。
【答案】机械能（重力势能）；80%；72%
【知识点】有关热机的计算；能量的转化或转移
【解析】【解答】 重力储能是一种新型储能方式，它通过提升或放下重物实现能量的储存或释放，重力势能与质量和高度有关，所以重力储能实质上是将能量以重力势能的形式储存起来。
重力储能系统放下重物发电的效率为。
已知系统提升重物的效率η2=90%，重力储能系统的综合效率为η=η1η2=80%×90%=72%。
故答案为：（1）重力势；（2）80%；72%。
【分析】 （1）重力势能与质量和高度有关。
（2）根据求出重力储能系统放下重物发电的效率。
21．（2024·扬州模拟）图甲所示的是一游乐喷泉向上喷出的水柱使卡通模型悬停在空中的照片，模型悬停在空中时，水冲击到模型时的速度v与模型的质量M、水泵流量Q之间的关系如表。
表二
速度v/(m·s-1) 1.0 2.0 3.0 4.0 6.0
质量M/kg 3.0 6.0 12.0 12.0 12.0
流量Q/(m3)· 0.03 0.03 0.04 0.03 0.02
（1）分析表中数据可知，当卡通模型的质量为30kg，水冲击模型时的速度为5.0m/s时，对应的流量为 m3。
（2）如图乙为控制喷泉断续工作的模拟电路，AB两端输入如图丙所示的周期性变化的电压UAB.定值电阻R=3Ω，D为特殊电子元件。当UAB＜6V时，D两端的电压UD等于输入电压；当UAB≥6V时，UD保持6V不变.只有当R的电功率满足PR≥3W时，水泵启动喷水.则t=3s时电阻R的电功率为 W；该电路工作10min，喷水时间共为 s。
【答案】（1）0.06
（2）48；300
【知识点】电功率的计算
【解析】【解答】 （1）分析表格二，可以发现水冲击到模型的速度、水泵的流量和模型的质量有一定的关系，即M=kQv，
将第一次数据代入得：3.0kg=k0.03m3/s×1.0m/s
解得：k=100kg s2/m3
故M=100Qv
故当卡通模型的质量为30kg，水冲击模型时的速度为5.0m/s时，
对应的流量为：，
即水泵每秒喷出水的体积为 0.06m3
（5）根据题意知：当UAB＜6V时，D两端的电压UD等于输入电压，UAB≥6V时，UD保持6V不变。
当t=3s时，UAB=18V，此时UD=6V，
根据串联电路的特点知：定值电阻两端的电压为UR=UAB-UD=18V-6V=12V；
电阻R的电功率为：；
当R的电功率满足PR≥3W时，水泵启动喷水，
所以当PR=3W时，
根据知
R两端的电压为：；
这个电压为能否喷水的临界电压，
所以UAB对应的电压为：UAB=UD+UR=6V+3V=9V，
由图知0-3sAB的电压均匀增加，3s达到18V，故2s对应的电压为10V，即一个周期的2-4s内，UAB≥10V，
则有三分之一的时间在喷水，所以10min=600s，相当于150个周期，则有2×150=300s时间在喷水。
故答案为：（1）0.06；（2）48；300。
【分析】 （4）根据表格二可以发现水冲击到模型的速度、水泵的流量和模型的质量有一定的关系，即M=kQv，将第一次数据代入得M=100Qv
将卡通模型的质量为10kg，水冲击模型时的速度为5.0m/s代入公式求出对应的流量即水泵每秒喷出水的体积，根据密度公式算出水泵每秒喷出水的质量。
（5）由图知当t=3s时，UAB=18V，此时UD=6V，根据串联电路电压的特点算出R两端的电压，根据算出R的电功率；
当R的电功率满足PR≥8W时，水泵启动喷水，根据算出R两端的电压，这个电压为能否喷水的临界电压，
根据UAB=UD+UR算出UAB的电压，
根据图知0-3sAB的电压均匀增加，3s达到18V，判断出2s对于的电压为10V，即一个周期的2-4s内，UAB≥10V，
则有三分之一的时间在喷水，最后算出喷水时间。
三、解答题（共48分）
22．（2024·扬州模拟）按题目要求完成下列作图．
（1）如图(a)所示，当光线从水中射向空气时，它的入射光线如图所示，请画出反射光线和折射光线；
（2）如图(b)所示是木块静止在斜面上，请作出它所受的重力和它对斜面压力的示意图；
（3）在图(c)中，标出小磁针的S极及螺线管磁感线的方向。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】光的反射；光的折射规律；弹力；重力示意图
【解析】【解答】（1） 图中已经画出法线，根据反射角等于入射角，在法线右侧的水中画出反射光线；再根据光从水中斜射入空气中，折射角大于入射角，折射光线远离法线，如图所示：
（2） 过物体的重心画一条带箭头的线段，方向竖直向下，符号为G； 在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点画垂直于斜面向下、带箭头的线段，符号为F；如图所示：
（3） 由图可知通电螺线管中的电流方向是从左端流入，右端流出，根据安培定则可得，图中通电螺线管的左端为S极，右端为N极，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可判定小磁针的左端为S极、右端为N极。 根据磁感线都是从磁体的N极出发，回到S极，可以标出磁感线的方向。如图：
【分析】（1）根据光的反射和折射进行做图。
（2）重力的方向竖直向下，压力是垂直支持面，指向被压的物体。
（3）由右手定则判断出电磁铁的磁极，最后画出磁感线。
23．（2024·扬州模拟）如图甲是一种新型吊运设备的简化模型示意图，定滑轮的轴和电动机均固定在B点．在一次作业中，该吊运设备匀速竖直提升物体，此时滑轮组的机械效率为80%，被提升的物体上升的速度为0.5m/s，电动机做的功跟时间的变化关系如乙图所示。不考虑滑轮组绳子的质量、滑轮与轴和绳子间的摩擦。求：
（1）此次作业中电动机的功率。
（2）此次作业中被提升的物体受到的重力
（3）动滑轮的总重。
【答案】（1）解：由乙图可以看出电动机的功率为。
（2）解：物体在1s内上升的高度为h=vt=0.5m/s×1s=0.5m，
有用功为W=W×80%=300J×80%=240J，
故
（3）解：额外功为W额=W总-W有=300J-240J=60J，故
【知识点】滑轮组及其工作特点；滑轮（组）的机械效率
【解析】【分析】（1）从乙图中取特殊值进行计算。
（2）先求出有用功，克服物体重力做功为有用功。
（3）动滑轮重力做功为额外功。
24．（2024·扬州模拟）图甲是某新型电热水壶的内部简化电路，其中R1是加热管，R2是可调式限流电阻，只有加热管放出的热量能被水吸收。S1是一个防干烧开关（或称“温控开关”），S2、S3是手动开关，调节S2、S3可以使电热水壶分别处于加热或保温状态。图乙是该电热水壶的铭牌。
（1）由该电热水壶的铭牌可知，加热管R1的阻值为多少？
（2）假设当电热水壶处于保温状态时水温保持60℃恒定，此时水每秒向外界散热55J，那么可调电阻R2的阻值为多少？
（3）如果环境温度降低，为了使电水壶保温时的水温仍恒定在60℃，应将可调电阻R2的阻值如何调节？请简述理由。
【答案】（1）解：根据表中数据可知，电热水壶的额定功率为880W，由 可知，
（2）解：当开S1、S3闭合、S2断开时，两电阻串联，电路处于保温状态； 由于水每秒向外界散热55J，则由W=Pt可知，水壶处于保温状态时加热管R1的功率： ； 由P=I2R可知，电路中的电流： ； 此时电路中的总电阻： ，
则可调电阻R2的阻值：R2=R总-R1=220Ω-55Ω=165Ω
（3）环境温度降低，散热加快（单位时间内散热更多或散热功率变大），为了恒温，R1的功率需要调大，流过R1的电流需增大，故R2的阻值需减小。
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】利用用电器的电压和电功率可以计算电阻的大小，利用电能和时间的比值计算电功率，根据电功率和电阻可以计算电流。
25．（2024·扬州模拟）生活中处处有物理。小明利用矿泉水瓶做了如下几个有趣的实验：
（1）如图甲所示，矿泉水瓶装水，接近装满时留一小气泡，在瓶中间画一十字标记。把它平放在检查面上，若气泡在十字处说明被检查面是 的；用手沿箭头方向猛推一下瓶子，气泡将 （选填“向后运动”、“向前运动”或“保持静止状态”）。
（2）如图一开口的矿泉水瓶侧壁A、B处各扎一个小孔，用橡皮塞塞住，给瓶里充满水，将瓶放在足够高的桌面上，然后把橡皮塞同时拔出，可以看到从不同的孔向外喷水的水平射程不同，从而说明了液体内部压强与 有关。如果充满水后将瓶盖盖紧再将橡皮塞同时拔出，会看到的现象会是 。 （选填“都出水”、“都不出水”、“A孔不出水，B孔出水”、“A孔出水，B孔不出水”）
（3）如图一只空瓶中装入少量的水，拧紧瓶盖，用力地扭动瓶身几下，稍稍旋开瓶盖，就听到“砰”的一声且瓶盖被气体冲飞，瓶口和瓶内出现白雾，出现白雾说明瓶内气体温度 （选填“升高”“降低”或“不变”）图中②过程中能量转化的过程与四冲程内燃机的 冲程类似。
【答案】（1）水平；向前运动
（2）深度；都不出水
（3）降低；压缩
【知识点】液体压强的特点；探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）图中，由于瓶中的水受到的重力的方向竖直向下，若气泡在十字处说明被检查面是水平的；用手沿箭头方向猛推一下瓶子，瓶中的水由于惯性会“挤”向瓶底，因此气泡将向前运动。
（2）图中，可以看到从不同的孔向外喷水的水平射程不同，说明了液体内部压强与液体深度有关。
如果充满水后将瓶盖盖紧再将橡皮塞同时拔出，在大气压强的作用下，水不会流出。
（3）气体对外做功，内能减小，温度降低，能量转化是机械能转化为内能，与热机的压缩冲程相同。
故答案为：（1）水平 ；向前运动 ；（2）深度；都不出水 ；（3）降低；压缩。
【分析】重力的方向竖直向下；物体保持原有运动状态不变的性质叫惯性。
同一种液体内部，液体的压强随液体深度的增加而增大。
做功可以改变物体的内能，对物体做功，物体内能会增加，物体对外做功，物体内能会减小。
26．（2024·扬州模拟）小黄同学做“比较两种材料保温性能”的实验，他取了①泡沫塑料和②棉絮两种保温材料，两支相同的温度计，两个相同的大玻璃烧杯，钟表和初温相同、质量相等的热开水，以及细线、硬纸片、剪刀等，做了两个外形相同的保温装置，其中一个装置如图甲所示。然后在相同环境的房间里同时开始做实验，根据实验测得的数据如下表。 实验过程中室温基本不变。
时间T /min 0 10 20 30 40 … 150 180
①中水温t/℃ 90 74 65 60 57 … 21 20
②中水温t/℃ 90 70 55 ？ 33 … 20 20
（1）根据以上水温下降的特点，小明想用“冷却速度”（用字母v代表）来表示冷却的快慢程度，请你下定义： 叫做冷却速度。当时间为30min时，②棉絮组的水温可能是下列选项中的 。
A.46℃ B.43℃ C.39℃ D.36℃
（2）在整个实验过程中，①的水放出的热量 （选填“大于”“等于”或“小于”）②的水放出的热量；
（3）根据以上结果，如果你要喝一杯奶茶，下列两种冷却方法中，效果较好的是____。
A．将滚烫的热茶冷却5分钟，然后加适量冷牛奶
B．先将适量的冷牛奶加进滚烫的热茶中，然后冷却5min
（4）冬天有的学校为了给教室里的学生送饭保温，在饭盒外包裹的材料最好用上面的 材料好。
【答案】（1）下降的温度与所用时间的比值 （或单位时间内物体温度的减少量）；B
（2）等于
（3）A
（4）泡沐塑料
【知识点】热量的计算；比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】（1）“冷却速度”的定义是：下降的温度与所用时间的比值 （或单位时间内物体温度的减少量）。 由表中实验数据可知，温度较高时，棉絮组的水温下降得较快；
从10min到20min时水温降低了70℃-55℃=15℃，如果在相等时间内降低的温度相等，则30min时的温度应为55℃-15℃=40℃，但实际上，随温度的降低，水温降低变慢，从20min到30min水降低的温度小于15℃，因此30min时水的温度稍高于40℃；若温度为46℃，则20min～30min降低的温度为55℃-46℃=9℃，30min～40min降低的温度为46℃-33℃=13℃，与温度降低的规律不相符，所以30min时棉絮组的水温可能是43℃，故B正确。
（2）放热时间相同则表示放出的热量是相同的。
（3）冷却方法最好的是将滚烫的热奶茶冷却5min，然后加适量的冷牛奶，故A正确。
（4）根据表格中数据可知，饭盒外包裹的材料最好是泡沫塑料。
故答案为：（1）下降的温度与所用时间的比值 （或单位时间内物体温度的减少量）；B；（2）等于；（3）A；（4）泡沫塑料。
【分析】（1）根据表中实验数据分析水的温度变化关系，根据水的温度变化关系分析答题，根据液体降温时先快后慢的特点可选择最佳的方法。
（2）放热时间相同，放出的热量就相同。
（3）高温物体冷却的速度快一些。
（4）根据表格中数据即可解答。
27．（2024·扬州模拟）用如图所示的装置探究平面镜成像特点．
（1）将蜡烛A竖直放在水平桌面上，点燃蜡烛观察发现：玻璃板中蜡烛A的像偏低且倾斜。你认为在下图所示的①、②、③三幅图中， 图是产生以上实验现象的原因。
（2）一块仪容镜如图甲所示，放在某学校走廊的AB处，仪容镜靠墙而立，镜面与墙壁平行，在另一面墙壁上的O处悬挂一电铃，如图乙所示。为了总能看到电铃通过仪容镜所成的像O'，小强同学沿着走廊的ae直线走动，若将人和电铃各自看作一个点，则小强同学所在的区间是____。
A．ab B．bc C．cd D．de
（3）图中a、b是家里开着灯、隔着玻璃窗拍摄屋外景物的情形，其中一幅是手机离玻璃窗有一定距离拍摄的 ，另一幅是将手机紧贴在玻璃窗上拍摄的。图a中没有出现屋内吊灯的像，是由于 。
【答案】（1）③
（2）C
（3）b；手机挡住了灯光，不能发生平面镜成像
【知识点】探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】（1）在平面镜成像中，物体与像关于平面镜对称，玻璃板中蜡烛A的像偏低且倾斜，说明玻璃板没有与桌面垂直，且玻璃板远离物体倾斜，故③符合题意。
（2） 电铃反射的光入射到A处和B处，经过平面镜反射到d和c两处，为了总能看到电铃通过仪容镜所成的像O'，小强同学所在的区间是cd。
故选：C。
（3）由题知图b中的“灯”并非建筑物上的，而是屋内拍摄者身后的吊灯，这是屋内吊灯发出的光经玻璃窗反射后进入相机后成像的，相当于用相机对着平面镜拍摄平面镜中的虚像，所以手机离玻璃窗一定距离拍摄的是b图；
则a图是手机紧贴着窗玻璃拍摄，这时只有远处物体透过玻璃窗射来的光线进入手机镜头，而屋内吊灯发出的光被手机挡住，不能发生平面镜成像。
故答案为：（1）③；（2）C；（3）b；手机挡住了灯光，不能发生平面镜成像。
【分析】（1）平面镜所成的像与物体关于平面镜对称。
（2）平面镜成像的特点：物像等大、等距、连线与镜面垂直，虚像。
（3）凸透镜成实像时，物距变小，像变大；光在玻璃面会发生镜面反射。
28．（2024·扬州模拟）小明利用实验室器材测量两块大小和材质均不相同的石块的密度。
（1）天平调平衡后，在测量小石块质量时，往右盘加减砝码过程中，加入最小砝码后，天平指针位置如图甲（一）所示，将最小砝码取出，指针位置如图甲（二）所示，接下来正确操作是 ，直至指针对准分度盘中央刻度线，此时天平如图乙所示。
（2）小明用一根较粗的毛线系住小石块放入盛水的量筒中，量筒前后液面变化如图丙所示，则小石块的密度为 kg/m3，此测量结果相比真实值 （选填“偏大”、“偏小”、“相等”）。
（3）为了完成大石块密度的测量，经思考后，小明进行了如下实验操作；
①将杠杆调节水平平衡后，在两侧各挂大石块和弹簧测力计，竖直拉动测力计使杠杆水平平衡，如图丁所示，记录此时弹簧测力计示数为F1；
②将石块浸没于盛水的烧杯中，竖直拉动测力计使杠杆再次水平平衡，如图戊所示，记录此时弹簧测力计示数为F2；
③已知水的密度为ρ水，计算大石块的密度ρ= （用ρ水、F1、F2表示）。
【答案】（1）向右调节游码
（2）2.72×103；偏小
（3）
【知识点】固体密度的测量
【解析】【解答】（1）天平加入最小砝码后天平指针向右偏，则应取下最小砝码，向右调节游码，使天平水平平衡。
（2）小石块的体积为：V=60mL-40mL=20mL=20cm3。
小石块的密度：。
（3）由杠杆平衡条件知，如图丁，G×OA=F1×OB，则，
大石块的质量为：，
如图戊，G'×OA=F2×OB，则，
则石块所受的浮力为：，
由F浮=ρ水gV排=ρ水gV石可知：
由密度公式可知：。
故答案为：（1）向右调节游码；（2）2.72；（3）。
【分析】 （1）天平加入最小砝码后天平指针向右偏，则应取下最小砝码，向右调节游码，使天平水平平衡。
（2）量筒测量液体的体积时，读数时视线要和液面相平，小石块的体积等于小石块浸没水前后水面对应的刻度差。知道小石块的质量和体积，根据密度公式求出小石块的密度。
（3）根据杠杆平衡条件计算出大石块的质量，然后计算出大石块受到的浮力，通过浮力计算出大石块的体积，进而根据质量密度公式计算大石块的密度。
29．（2024·扬州模拟）在探究影响液体压强因素的实验中，用几根一端封有相同橡皮薄膜的玻璃管进行实验，在5号管中装入盐水，其它管中装入水，如图。
（1）玻璃管下方薄膜鼓起的程度可反映液体 的大小；
（2）图乙中，4号管上段更粗，下段与2号管粗细相同，两管中水的总长度相同，发现两管薄膜鼓起的程度相同，可得：液体压强的大小与液体的质量、重力、体积都 ；
（3）图丙中，5号管和2号管的液柱长度相等，利用5号管和2号管可探究液体压强与液体的 是否有关；
（4）为了探究液体长度对液体压强的影响，选用2号管和6号管进行实验，6号管水柱比2号管水柱长，实验时需控制两管水柱的 相等。
【答案】（1）压强
（2）无关
（3）密度
（4）深度
【知识点】液体压强的特点；液体压强的计算；探究液体压强的特点实验
【解析】【解答】（1）相同的1、2、3号管中装的液体种类相同，且管内液体的深度逐渐增加，则橡皮膜鼓起的程度逐渐增大，说明液体的压强与深度有关，相应的质量、体积、重力也逐渐增大，所以猜想：液体的压强与液体的质量、重力、体积或深度有关。
（2）通过2号管和4号管的比较可见，4号管中液体的质量、体积、重力一定大于2号管，但二者橡皮膜鼓起的程度相同，说明液体的压强与质量、重力、体积无关，只与深度有关。
（3）探究液体的压强与液体的密度是否有关，利用控制变量法：5号管中盐水和2号管中的水比较，二者的深度相同，由于盐水的密度大于水的密度，则5号管橡皮膜鼓起的程度大。
（4）为了探究液体长度对液体压强的影响，利用控制变量法，2号管和6号管是相同的两支玻璃管，内装液体的种类相同、深度相同、长度不同时，橡皮膜鼓起的程度相同，表明液体的压强跟液体的长度无关。
故答案为：（1）压强；（2）无关；（3）密度；（4）深度。
【分析】（1）由图甲可知，三只管装的液体深度不同，鼓起的程度不同，表明压强不同。
（2）图乙中两只不同管中装水的深度相同，橡皮膜鼓起的程度相同，表明压强相同。
（3）5号管和2号管装的液体深度相同，液体种类不同，橡皮膜鼓起的程度不同，表明压强不同。
（4）2号管和6号管装液体的种类、深度相同，长度不同，橡皮膜鼓起的程度相同，表明压强相同。
30．（2024·扬州模拟）某建筑工地从配电房到施工现场之间，用双芯（双股）导线铺设了一条输电线．使用过程中输电线上某处发生了短路．小明准备了以下器材：电流表和电压表各一个、新干电池一节、开关、导线（电阻忽略不计）若干．工地上还有一卷长100m和一根2m长的同规格双芯导线，如图甲所示．小明准备利用上述器材找出短路点的位置。
（1）如图乙所示，将电池、电流表、电压表、开关接到那一卷导线一端A的两个线头上，再将另一端B的两个线头用导线连接起来．闭合开关后，电压表的示数是1.4V，电流表的示数是1.4A。则那一卷双芯导线里面每一根电线的电阻为 Ω，不能直接测量2m长那根导线电阻的原因是 。
（2）小明在配电房处断开原来的供电电源，将电池、电流表、电压表、开关接到发生短路的输电线一端的两个线头上，还有一根导线未连接，如图丙所示．请用笔画线代替导线，将电路连接完整。
（3）某次测量时，小明随手在纸上记录了两个数据0.10、1.40，则短路点到配电房的距离为 m。小华认为小明的实验方法误差较大，其原因是 。
（4）小明换用另一电压恒定的电源，用如图丁所示的电路探究“电流与电阻的关系”。滑动变阻器铭牌标有“20Ω 2A”，实验数据如表格所示.根据表格数据可知，该实验中每次都应该将电压表的示数调为 V．若第四次实验时将定值电阻的阻值由30Ω调为40Ω后就直接读出电流表的示数，这个示数应该是 （填写数字序号）
①0.14 ②0.15 ③0.17 ④0.20
R/Ω 10 20 30 40 50
I/A 0.60 0.30 0.20 0.12
【答案】（1）0.5；电阻太小，电流过大，超过电流表的量程
（2）图略
（3）1400；没多次测量取平均值
（4）6；③
【知识点】电阻；影响电阻大小的因素
【解析】【解答】（1）电压表的示数是1.4V，电流表的示数是1.4A，根据欧姆定律可知双芯电线的电阻为，那么每一根的电阻为0.5Ω。不能直接测量2m长那根导线电阻的原因是电阻太小，电流过大，超过电流表的量程。
（2）电路如图：
（3）根据欧姆定律可知电阻为，每100米长度的导线电阻为1Ω，则短路位置距离配电房的距离为1400m，实验方法误差较大，其原因是没多次测量取平均值。
（4）根据表格中数据可知电压为U=IR=0.60A×10Ω=6V， 若第四次实验时将定值电阻的阻值由30Ω调为40Ω，互动变阻器没有变大，会导致定值电阻的电压大于6V，故电压表示数大于0.15A而小于0.2A，故③符合题意。
故答案为：（1）0.5；电阻太小，电流过大，超过电流表的量程；（2）见解析；（3）1400；没多次测量取平均值；（4）6；③。
【分析】 （1）用一卷导线的质量除以导线单位长度的质量可得一卷导线的长度。
（2）根据在电路中电流从电源正极流出，负极流入进行分析。
（3）根据记录的电流与电压值计算出电阻，再根据导线单位长上的电阻计算出距离。
（4）根据表格中数据即可求出电压大小。
