(
等效替代
法
) (
.
) (
.
) (
实验和逻辑推
理
) (
.
) (
.
) (
A
) (
B
) (
C
) (
D
)省前中 2025 届高一第二学期学情检测
物理试卷
(满分 100 分，考试时间75 分钟)
一、单选题：共 10 题，每题 4 分，共 40 分。每题只有一个选项最符合题意。
1. 下列哪组物理量的加减运算遵守平行四边形定则( )
A. 路程、速度、质量
B. 时间、速率、加速度
C. 时间、加速度、力
D. 位移、速度、力
2. 下列四幅书本插图中，关于物理思想方法叙述不正确的是( )
微元法
控制变量法
3.在做“研究平抛运动”的实验时，下列说法错误的是( )
A.安装斜槽和贴有白纸的木板时，一定要注意木板是否竖直
B.安装斜槽和贴有白纸的木板时，只需注意小球不和木板发生摩擦即可
C.每次实验都要把小球从同一位置由静止释放
D.实验的目的是描绘出小球的运动轨迹，分析平抛运动的规律
4. 某同学用如图所示的实验装置验证“力的平行四边形定则” 。将弹簧测力计 A 挂于固定点 P ，下端用细
线挂一重物 M，弹簧测力计 B 的挂钩处系一细线，细线
的另一端系在弹簧测力计 A 下端细线上的 O 点处，手持
弹簧测力计 B 水平向左拉，此时 O 点位置如图所示，之
后手缓慢上移并保持 O 点位置始终不变。不计弹簧测力
计所受的重力，两弹簧测力计的拉力均不超出它们的量
程，则手上移过程中，弹簧测力计 A 、B 的示数FA 、FB
的变化情况是 ( )
A. FA 一直减小， FB 先减小后增大
B. FA 一直增大， FB 先增大后减小
C. FA 一直增大， FB 一直减小
D. FA 一直减小， FB 一直增大
5.如图所示，中国北斗卫星导航系统是中国自行研制的全球卫星导航系统.其
中有静止轨道同步卫星和中地球轨道卫星. 已知中地球轨道卫星的轨道高度在
5 000~15 000 km ，则下列说法正确的是( )
A. 图示的中地球轨道卫星的线速度小于静止轨道同步卫星的线速度
B.上述两种卫星的运行速度可能大于 7.9 km/s
C. 图示的中地球轨道卫星绕地球一圈时间大于 24 小时
D.静止轨道同步卫星的周期大于中地球轨道卫星的周期
6.如图所示，甲、乙两船在同一条河流中同时开始渡河，M、N 分别是甲、乙两船的出发点，两船头与河 岸均成α 角，甲船船头恰好对准 N 点的正对岸 P 点，经过一段时间乙船
恰好到达 P 点，如果甲、乙两船在静水中的速度大小相等，且如果两
船相遇不影响各自的航行，下列判断正确的是(河水流速恒定)( )
A. 甲船也能到达跟 M 点对应的正对岸
B.两船渡河时间不相等
C.两船在 NP 直线上某点相遇
D.两船恰在 P 点相遇
7. 2022 年 7 月 13 日凌晨，天链二号 03 星精准进入预定轨道，我国第二代地球同步轨道数据中继卫星系 统正式建成。03 星发射后的运动可近似为如图所示的情境，通过椭圆轨道Ⅰ运行后进入圆形轨道Ⅱ ，椭 圆轨道近地点与地球相切于 a 点，远地点与圆轨道相切于b 点，地球半径为 R ，卫星在轨道Ⅱ运行时离 地面高度为 4R ，卫星在轨道Ⅰ运行的周期为 T，下列说法正确的是 ( )
A ．卫星在轨道Ⅱ运行的周期为T
B ．地球的密度为
C ．卫星在轨道Ⅰ运行经过 a 点的速度小于 7.9km/s
D．卫星在Ⅰ轨道运行时经过b 点的加速度小在Ⅱ两个轨道运行时经过b 点的
加速度
8. 为检测某新能源动力车的刹车性能，现在平直公路上做刹车实 验，如图所示是动力车整个刹车过程中位移与速度平方之间的 关系图象，下列说法正确的是 ( )
A. 动力车的初速度为 40 m/s
B. 刹车过程动力车的加速度大小为 10 m/s2
C. 刹车过程持续的时间为 4s
D. 从开始刹车时计时，经过 6s ，新能源动力车的位移为 30m
9. 如图甲为中学生排球联赛的某个场景，排球飞行过程可简化为乙图，运动员某次将飞来的排球从 a 点
水平击出，球击中b 点；另一次将飞来
的排球从 a 点的正下方且与b 点等高的
c 点斜向上击出，也击中b 点，排球运
动的最高点d，与 a 点的高度相同，不
计空气阻力，下列关于这两个过程中说
法正确的是 ( )
A. 排球在空中飞行的时间可能相等
B. 排球被击出时速度大小可能相等
C. 排球击中b 点时的速度大小可能相等
D. 排球击中b 时速度与水平方向夹角可能相同
10. 手机中有加速度传感器，能通过图像显示加速度情况。用手掌托着 质量为 m 的手机，打开加速度传感器，把手机向上抛出，然后又在 抛出点接住手机，得到如图所示的加速度随时间变化的图像，图中 t1=0.38s ，t2=0.55s ，t3=0.66s ，t4= 1.26s ，取重力加速度 g= 10m/s2 ，由 此可判断出 ( )
A. t1 时刻手掌对手机的作用力 2mg
B. t2 时刻手机刚好离开手掌
C. t3 时刻手机的速度为 3m/s
D. 手机离开手掌后上升的高度为 0.9m
二、实验题。(每空 3 分，共 15 分)
11．为了“探究加速度与力、质量的关系” ，现提供如图甲 所示的实验装置：
(1) 以下实验操作正确的是( )
A．将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车在砝码及砝 码盘的牵引下恰好做匀速运动
B ．调节滑轮的高度，使细线与木板平行
C ．先接通电源，后释放小车
D ．实验中小车的加速度越大越好
(2) 在实验中得到一条如图乙所示的纸带，已知相邻计数
点间的时间间隔为 T＝0. 1 s ，且间距 x1 、x2 、x3 、x4 、x5 、x6 已量出分别为 3.09 cm 、3.43 cm 、3.77 cm、 4. 10 cm、4.44 cm、4.77 cm，则打 C 点时，小车速度 vC=________m/s，小车加速度 a＝________m/s2 .(结
果均保留 2 位有效数字)
(3) 有一组同学保持小车及车中的砝码质量一定，探究加速度 a 与所受外力 F 的关系，他们在长木版水 平及倾斜两种情况下分别做了实验，得到了两条a F 图线，如图丙所示．图线________(填“①”或“②”) 是在长木版倾斜情况下得到的；小车及车中砝码的总质量 m＝________kg.
三、解答题。(本大题共 4 小题，共 45 分)
12.(8 分)在水平地面上有一个质量为 4.0 kg 的物体，物体在水平拉力 F 的作用下由静止开始运动. 10 s 后 拉力大小减小为 ，并保持恒定．该物体的速度— 时间图象如图所示(取 g＝10 m/s2) ．求：
( 1) 加速段和减速段的加速度大小；
(2) 物体所受到的水平拉力 F 的大小；
(3) 该物体与地面间的动摩擦因数．
13. (9 分) 如图所示，在距地面 2l=1.8m 高的A 处以水平初速度 v0=3m/s 投掷飞镖．在与A 点水平距离 为 l=0.9m 的水平地面上的 B 点有一个气球，选择适当时机让气球以同样大小的速度 v0 匀速上升，在升空 过程中被飞镖击中．飞镖在飞行过程中受到的空气阻力不计．在计算过程中可将飞镖和气球视为质点．已 知重力加速度为 g= 10m/s2 。问：
(1) 飞镖击中气球时飞行的时间t ；
(2) 飞镖以多大的速度击中气球；
(3) 掷飞镖和放气球两个动作之间的时间间隔Δt 应为多少？
14. (12 分) 如图所示，半径为 R 的半球形陶罐，固定在可以绕竖直轴转动的水平转台上，转台转轴与 过陶罐球心 O 的对称轴OO 重合。转台以一定角速度O0 匀速转动，一质量为 m 的小物块落入陶罐内， 经过一段时间后，小物块随陶罐一起转动且相对罐壁静止，此时小物块受到的摩擦力恰好为 0 ，且它 和 O 点的连线与OO 之间的夹角9为 60° ，重力加速度为 g。
(1) 求转台转动的角速度O0 ；
(2) 若改变转台的角速度，当O = O0 时，小物块仍与罐壁相对静止，求此时小物块受到的摩擦力的 大小和方向。
15. (16 分) 如图所示，上表面长为 L=4m 的水平传送带与静止的木板紧靠在一起，且二者上表面在同 一水平面，皮带以 v0=3.0m/s 顺时针转动。在传送带左端无初速度地放上一质量为 m= 1.0kg 的物块 (可 视为质点)，物块与传送带及物块与木板上表面之间的动摩擦因数均为μ1=0.20，经过一段时间物块被传 送到传送带的右端，通过一光滑的小平台后，在物块平稳滑上木板的同时，在木板右侧施加一个水平 向右恒力 F= 12N ，F 作用了t0 = 1.0s 时物块与木板速度恰好相等，此时撤去 F，物块最终刚好停在木 板的右端没有滑下。已知木板与地面间动摩擦因数μ2=0.40 ，不计空气阻力，重力加速度 g= 10m/s2，求：
(1) 物块在皮带上相对滑动的时间 t1；
(2) 木板的质量 M；
(3) 木板的长度 l。
(
(
3
R
)
3
(
5
R
)
3
125
5
)省前中2025 届高一第二学期学情检测
物理试卷
满分 100 分，考试时间 75 分钟
一、单选题：共 10 题，每题 4 分，共 40 分。每题只有一个选项最符合题意。
1. 【答案】D
【解析】遵守平行四边形定则进行加减运算的物理量是矢量。
A ．速度是矢量，运算遵守平行四边形定则；路程和质量是标量，运算不遵守平行四边形定则，A 错误； BC．加速度、力是矢量，运算遵守平行四边形定则；时间和速率是标量，运算不遵守平行四边形定则， BC 错误；
D ．位移、速度、力都是矢量，运算遵守平行四边形定则；D 正确。 故选 D。
2. 【答案】C
【解析】A．推导匀变速直线运动位移与时间关系时，取非常短的一段时间，在这段时间内，认为物体做 匀速运动，把每一小段时间内的位移加在一起就是总位移，而且时间间隔取得越短，越接近真实值，因 此采用微元的思想，A 正确；
B ．合力与分力为等效替代关系，体现了等效思想，故 B 正确；
C ．通过平面镜观察桌面的微小形变的实验中，运用了放大法，C 错误；
D ．伽利略在研究自由落体运动时采用了实验和逻辑推理的方法，D 正确。 本题选不正确的，故选 C。
3.答案 B
解析 安装斜槽和木板时，必须使斜槽末端切线水平，使木板竖直， 以确保小球水平飞出和正确画出小 球的运动轨迹，A 正确，B 错误； 小球每次从斜槽上的同一位置由静止开始滚下，可保证小球初速度不 变，C 正确； 由实验目的可知，D 正确.
4. 【答案】A
【解析】对结点 O 进行受力分析，如图所示
保持 O 点位置始终不变，即 FA 与竖直方向夹角不变，随着 FB 不断顺时针转动，可知FA 一直减小，FB 先 减小后增大。故选 A。
5.答案 D
6.答案 C
解析 乙船垂直于河岸到达正对岸，说明水流方向向右， 甲船参与了两个分运动，沿着船头指向的匀速
运动和随着水流方向的匀速运动，故不可能到达正对岸，故 A 错误；小船垂直于河岸方向的分速度 vy＝
vsin α ，则小船过河的时间 t1 ＝＝ ，则甲、乙两船渡河的时间相等，故 B 错误；以流动的水为参考
系，相遇点在两船速度方向射线的交点上，又由于乙船沿着 NP 方向运动，故相遇点在 NP 直线上，不可 能在 P 点，故 C 正确，D 错误.
7 B【详解】A ．卫星在轨道Ⅰ运行时轨道半长轴为3R ，卫星在轨道Ⅱ运行时轨道半长轴为5R ，根据开普
(
勒第三定律有
T
2
T
2
2
解得
2
27
9
故
A
错误；
)= T = T = T
B ．卫星在轨道Ⅱ运行时，有G = m . 5R 解得M = . R 3 = 根据密度的定义式
p = = 联立解得 p = 故 B 正确；
C ．近地卫星的运行速度等于 7.9km/s ，而卫星由近地卫星轨道从 a 点变轨进入轨道Ⅰ需要加速，因此卫星 在轨道Ⅰ运行经过 a 点的速度大于 7.9km/s ，故 C 错误；
D ．卫星在Ⅰ 、Ⅱ两个轨道运行时均有万有引力提供加速度，有G = ma 可知，卫星在Ⅰ 、Ⅱ两个轨道运 行时经过b 点的加速度相同，故 D 错误。故选 B。
8. 【答案】C
【解析 A ．分析图象可知当位移为零时， v2 = 400(m/s)2
可知动力车的初速度为 20 m/s
B ．设刹车过程动力车的加速度大小为 a ，由运动学公式v2 = 2ax
(
a
=
=
m
/
s
=
5
m
/
s
)v2 400 2 2
2x 2 40
刹车过程动力车的加速度大小为 5 m/s2 ，故 B 错误．
C ．刹车过程持续的时间为 t = = s=4s 故 C 正确．
D ．从开始刹车时计时，经过 4s ，动力车停止，前 6s 的位移等于前 4s 的位移，分析图象可知等于 40m， 故 D 错误．
9. 【答案】B
【解析】AC． 由于从 c 处击出的球能竖直到达 d 点，从 d 到地面竖直方向做自由落体运动，根据竖直方 向的运动可知 vya=vyb ，tc=2ta
由于水平方向的位移相同，根据 v 水 ＝ 可知 va 水 ＞vc 水
根据速度的合成可知，从 a 击出的排球速度 va0=va 水
从 c 击出的排球的初速度vc0 = vy (2)a + vc (2)水
故两过程中，小球的初速度大小可能相等；故 A 错误，B 正确；
C ．排球击中b 点时，根据运动的对称性可知，c 处击出时的速度大小与击中b 点时速度大小相等，a 球 击中 b 点时的速度va = va (2)水 + vay (2)
由于 va 水 ＞vc 水 ，故从 a 点击出的排球击中b 点时的速度较大，故 C 错误；
D ．设排球击中 b 时速度与水平方向夹角为θ， tan9 = v (v)水 (y)
两种情况排球击中 b 时 vy 相同，而 v 水不同，故速度与水平方向夹角不同。故 D 错误。故选 B。
10. 【答案】C
【解析】A ．t1 时刻手机的加速度最大为 a=20 m/s2=2g ，方向向上， 由牛顿第二定律得 F-mg=ma=2mg
解得 F=3mg
故 A 错误；
B ．t2 时刻加速度为零，则手机处于平衡，故手机没有离开手掌，故 B 错误；
CD．手机在 0.66s 离开手后做竖直上抛，在 1.26s 接住，则升的高度为 h = gt2 = 10 () 2 m = 0.45m
t3 时刻手机的速度为 v = = 3m/s
故 C 正确，D 错误。故选 C。
二、实验题。(每空 3 分，共 15 分)
11．BC 0.36 0.33 或 0.34 ① 0.5
【分析】( 1)A ．将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动， 以使小 车的重力沿斜面的分力和摩擦力抵消，那么小车的合力就是细线的拉力， A 错误；
B ．细线的拉力为小车的合力，所以应调节定滑轮的高度使细线与木板平行， B 正确；
C ．实验时，应使小车靠近打点计时器由静止释放，先接通电源，后释放小车， C 正确；
D ．实验时，为了减小实验的误差，小车的加速度应适当大一些，但不是越大越好，D 错误。
(2) 根据逐差法得 0.34m/s2 (3) 由图线①可知，当 F＝0 时，a≠0 ，也就是说当细线上没有拉力时小车
k = 1
就有加速度，所以图线①是轨道倾斜情况下得到的，根据F = ma 得 a 一 F 图像的斜率 m
由a 一 F 图像得图像斜率k = 2 所以m = 0.5kg 。
三、解答题。(本大题共 4 小题，共 45 分)
12.(8 分)答案 ( 1) 1 m/s2 0.5 m/s2 (2) 8 N (3) 0. 1
解析 ( 1)物体的运动分为两个过程，由题图可知两个过程的加速度分别为：
a1＝1 m/s2 ( 1 分)
a2＝0.5 m/s2 ( 1 分)
(2) 物体受力分析如图甲、乙所示：
对于两个过程，由牛顿第二定律得：
F－Ff＝ma1 ( 1 分)
Ff－ ＝ma2 ( 1 分)
联立以上二式解得：
(
F
＝
8
N
F
f
＝
4
N
)( 1 分)
( 1 分)
(3)由滑动摩擦力公式得：
(
(
1
分
)
(
1
分
)
)Ff＝μFN＝μmg
解得μ＝0. 1.
12．(9 分) (1) 0.3s；(2) 3 m/s ；(3) 0. 15s
【详解】(1) 飞镖做的是平抛运动，由水平方向的匀速直线运动可得l = v0t
(
所以
t
=
=
0.3
s
(2
分
)
) l
(
0
)v
(2) 飞镖做的是平抛运动，从飞镖飞出到击中气球过程中，对飞镖来说
vy = gt = 3m/s ( 1 分)
联立可得飞镖击中气球时的速度为v = = =3 m/s (2 分)
(3) 飞镖的竖直位移 h = gt 2 = 0.45m ( 1 分)
气球上升的位移H = 2l 一 h = 1.35m
气球上升的时间t, = = 0.45s ( 1 分)
两个动作之间的时间间隔为 Δt = t, 一 t = 0. 15s (2 分)
气球应比投飞镖早运动的时间为 0. 15s
(
14.
(
12
分)【答案】(
1
)
；(
2
)
mg
，方向与罐壁相切斜向下
)2g
R 2
【解析】(1) 根据mg tan 60O = mO0 2 R sin 60O (3 分)
解得O0 = (2 分)
(2) 设支持力 N ，摩擦力 Ff ，物块在竖直方向平衡，水平方向做匀速圆周运动，则
N cos 60O = mg + Ff sin 60O (2 分)
N sin 60O+ Ff cos 60O = m( O0 )2 R sin 60O (2 分)
解得Ff = mg (2 分)
方向与罐壁相切斜向下 (或与竖直成 30°斜向左下方) 。 ( 1 分)
15. (16 分)【答案】(1) 1 5s；(2) 2kg；(3) 1.65m
.
【解析】(1) 木块在皮带上加速滑动，加速度大小为 a1 ，加速时间 t1
(
(
1
分
)
(
1
分
)
)a1 = 山1g = 2m/s2
(
1
)t = v0 = 1.5s
(
1
)a
加速位移 x1 = . t1 = 2.25m 想 4m 所以相对滑动时间t1 = 1.5s ( 1 分)
(2) 木块滑上木板减速，加速度大小为 a1 ；木板在 F 作用下加速，设加速度大小为 a2 ，则 F 作用t0 后，
共速v0 一 a1t0 = a2 t0 解得 a2 = 1m/s2 (2 分)
又 F + 山1mg 一 山2 (m + M )g = Ma2 (2 分)
解得 M=2kg (2 分)
v 共= 1m/s
(3) 在 F 作用下，设物块的位移 x 物 ，木板的位移 x 板 ，则
(
x
=
a
t
=
0.5
m
) 1 2
(
2
)板 2 0
(
1
2
) (
物
0
0
1
0
) (
2
)x = v t 一 a t = 2m
解得物块与木板相对位移 x相对 = 1.5m (2 分)
撤去 F 后，物块减速，加速度大小为 a1 ；木板减速，加速度大小为 a3
(
(
1
分
)
)山2 (m + M )g 一 山1mg = Ma3
解得 a3 = 5m/s2
此阶段木板的位移 x板, = 2 (v) = 0. 1m
物块的位移 x物, = 2 (v) = 0.25m
(
(2
分
)
(
2
分
)
)物块与木板相对位移 x相,对 = 0. 15m
木板长度 l = x相对 + x相,对 = 1.65m
